2020版高考物理總復(fù)習(xí) 沖A方案 3+2+3沖A練（四）（含解析）新人教版

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1、3+2+3沖A練(四) 16.如圖C4-1所示的電路,電源電動勢為12 V,內(nèi)阻恒定且不可忽略.初始時(shí)刻,電路中的電流等于I0,且觀察到電動機(jī)正常轉(zhuǎn)動.現(xiàn)在調(diào)節(jié)滑動變阻器使電路中的電流減小為I0的一半,觀察到電動機(jī)仍在轉(zhuǎn)動.不考慮溫度對電阻的影響,下列說法正確的是 (　　) 圖C4-1 A.電源的熱功率減為初始時(shí)的一半 B.電源的總功率減為初始時(shí)的一半 C.電動機(jī)的熱功率減為初始時(shí)的一半 D.變阻器的功率減為初始時(shí)的四分之一 圖C4-2 17.[2019·金華十校期末] 為了測量某化工廠的污水排放量,技術(shù)人員在該廠的排污管末端安裝了如圖C4-2所示的流量計(jì),該裝置由絕緣

2、材料制成,長、寬、高分別為a、b、c,左、右兩端開口,在垂直于上、下底面方向加磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場,在前、后兩個(gè)面內(nèi)側(cè)固定有金屬板作為電極,污水充滿管口從左向右流經(jīng)該裝置時(shí),電壓表將顯示兩個(gè)電極間的電壓U.若用Q表示污水流量(單位時(shí)間內(nèi)排出的污水體積),下列說法中正確的是 (　　) A.若污水中正離子較多,則前表面比后表面電勢高 B.前表面的電勢一定低于后表面的電勢,與正、負(fù)離子多少無關(guān) C.污水中離子濃度越高,電壓表的示數(shù)將越大 D.污水流量Q與U成正比,與c成反比 圖C4-3 18.[2019·金華十校模擬] 如圖C4-3所示,在天花板上O點(diǎn)用長為L的絕緣細(xì)線懸掛了一個(gè)

3、帶電小球P,小球質(zhì)量為m,帶電荷量為q.將另一個(gè)帶電荷量為Q1的帶電小球固定在O點(diǎn)正下方32L的A點(diǎn),此時(shí)帶電小球P處于靜止,細(xì)線與豎直方向的夾角為30°;再將一個(gè)帶電荷量為Q2的帶電小球放到O點(diǎn)正下方3L的B點(diǎn)固定,同時(shí)移走A處小球,此時(shí)細(xì)線與豎直方向的夾角仍為30°,則Q1與Q2之比為 (　　) A.3∶8 B.1∶1 C.1∶4 D.3∶12 19.[2019·寧波十校模擬] (1)某同學(xué)想通過對比實(shí)驗(yàn)來探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系.他將兩輛質(zhì)量均為150 g的小車A和小車B放在木板上,前端各系一條細(xì)繩,繩的另一端跨過定滑輪各掛一個(gè)相同的小盤,盤中可放重物,讓盤和重物的總重力近似為小車

4、的合外力.圖C4-4甲是側(cè)視圖,圖中只畫了一輛小車.兩輛小車后端也各系一條細(xì)繩,用一個(gè)黑板擦把兩條細(xì)繩同時(shí)按在木板上使兩小車靜止,抬起黑板擦,兩小車同時(shí)開始運(yùn)動,再按下黑板擦,兩小車又同時(shí)停止運(yùn)動,如圖乙所示. 圖C4-4 ①該實(shí)驗(yàn)在操作時(shí),下列說法正確的是　　　　　.? A.調(diào)節(jié)滑輪高度,讓連接小車和盤的細(xì)繩平行于木板 B.取下盤中重物,讓空盤拉著小車做勻速直線運(yùn)動以平衡摩擦力 C.其他操作都正確的前提下,在小車B中放入150 g的砝碼,在兩個(gè)空盤里均放入100 g的砝碼,可以進(jìn)行兩車合力相同、質(zhì)量之比為1∶2時(shí)的對比實(shí)驗(yàn) D.其他操作都正確的前提下,保持兩輛小車質(zhì)量相同

5、仍為150 g,在拉小車A的空盤里放入10 g砝碼,在拉小車B的空盤里放入20 g砝碼,可以進(jìn)行兩車質(zhì)量、合力之比為1∶2時(shí)的對比實(shí)驗(yàn) ②在進(jìn)行對比實(shí)驗(yàn)時(shí),除了圖C4-4甲、乙所示器材外,還需要用到圖C4-5中的　　　　　.? 圖C4-5 (2)下面實(shí)驗(yàn)中不需要平衡摩擦力的是　　　　　.? 圖C4-6 A.用圖C4-6甲的裝置探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系 B.用圖C4-6甲的裝置探究小車的速度隨時(shí)間的變化規(guī)律 C.用圖C4-6乙的裝置探究做功與物體速度變化的關(guān)系 20.[2019·溫州九校聯(lián)考] 小明同學(xué)用伏安法測繪額定電壓為2.5 V的小燈泡的伏安特性曲線.

6、(1)圖C4-7甲是連接好的實(shí)物圖,在開關(guān)閉合前,小明同學(xué)又再次仔細(xì)檢查了電路的連接,發(fā)現(xiàn)電路有誤.請你幫他糾正錯(cuò)誤:　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　(任意寫出兩處即可).? 圖C4-7 (2)為使測量盡量準(zhǔn)確,滑動變阻器應(yīng)選用圖乙中的　　　　(選填“R1”或“R2”).? (3)在糾正錯(cuò)誤后,小明同學(xué)進(jìn)行了多次實(shí)驗(yàn),某次得到電壓表的示數(shù)如圖丙所示,則電壓表的讀數(shù)為　　　　V.? (4)若小明在實(shí)驗(yàn)過程中不知道應(yīng)該采用電流表內(nèi)接法還是外接法,于是他兩種接法各做了一次實(shí)驗(yàn),根據(jù)數(shù)據(jù),分別得到了伏安特性曲線“1”和“2”.則實(shí)驗(yàn)中誤差較小的操作對應(yīng)曲線　　　　(選

7、填“1”或“2”).? 21.如圖C4-8所示,兩根等長的絕緣細(xì)線懸掛一水平金屬細(xì)桿MN,整個(gè)裝置處在與其垂直的水平勻強(qiáng)磁場中.金屬細(xì)桿的長度為1 m,質(zhì)量為8.9×10-3 kg.當(dāng)金屬細(xì)桿中通以0.89 A的電流時(shí),兩絕緣細(xì)線上的拉力均恰好為零.忽略與金屬細(xì)桿連接的細(xì)導(dǎo)線的影響.求:(g取10 m/s2) (1)金屬細(xì)桿所受的安培力方向; (2)金屬細(xì)桿中的電流方向; (3)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小. 圖C4-8 22.[2019·寧波十校聯(lián)考] 某興趣小組在科技館看到了一個(gè)魔盒,如圖C4-9所示,小球自空中下落后從小孔落入盒中,不觸底而反彈.查看原理圖,原

8、來盒內(nèi)存在豎直向上的勻強(qiáng)電場且小球帶正電.我們把小球視為質(zhì)點(diǎn)且?guī)щ姾闪坎蛔?不計(jì)空氣阻力和盒子上板的厚度.已知小球質(zhì)量為m=0.01 kg,勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度為E=4×103 N/C,小球帶電荷量為q=1×10-4 C,小球釋放位置離小孔高度為h1=20 cm.(g取10 m/s2) (1)求小球在盒中運(yùn)動時(shí)的加速度; (2)求下落過程中小球的平均速度大小; (3)以釋放位置為計(jì)時(shí)起點(diǎn),小球在什么時(shí)刻會向上穿出小孔? 圖C4-9 23.[2019·金麗衢十二校聯(lián)考] 某玩具廠設(shè)計(jì)出如圖C4-10所示的玩具,軌道固定在高為H1=0.5 m的水平臺面上,通過在A處壓縮彈簧

9、把質(zhì)量m=0.01 kg的小球(可看作質(zhì)點(diǎn))由靜止彈出,小球先后經(jīng)過直軌道AC、半徑R1=0.1 m的圓形管道(內(nèi)徑略大于小球直徑)、長為L1=0.5 m的直軌道CD以及兩段半徑R2=1 m的圓弧DE、GP,G、E兩點(diǎn)等高且兩圓弧對應(yīng)的圓心角都為37°,所有軌道都平滑連接(E、G除外);小球從P點(diǎn)水平飛出后打到固定在Q點(diǎn)的鑼上,P、Q的水平距離L2=1.2 m,鑼的半徑r=0.3 m,圓心O離地高H2=0.4 m,小球與CD段間的動摩擦因數(shù)為0.2,其余軌道光滑,N為在P點(diǎn)正下方的擋板.在一次測試中測出小球運(yùn)動到B點(diǎn)時(shí)對內(nèi)軌的作用力為0.064 N.(sin 37°=0.6,cos 37°=0

10、.8,g取10 m/s2) (1)求小球運(yùn)動到B點(diǎn)時(shí)的速度大小. (2)小球能否離開軌道?請說明理由. (3)要使小球打到鑼上,求小球從A處彈出時(shí)彈簧對小球所做的功W需滿足的條件. 圖C4-10 3+2+3沖A練(四) 16.B　[解析] 電源的內(nèi)阻和電動機(jī)的內(nèi)阻不變,根據(jù)公式P=I2R知,電路中的電流減小為I0的一半,則電源的熱功率減小為初始時(shí)的14,電動機(jī)的熱功率減小為初始時(shí)的14,故A、C錯(cuò)誤;電路中的電流減小為I0的一半,而電源的電動勢不變,根據(jù)P=EI知,電源的總功率減為初始時(shí)的一半,故B正確;電路中的電流減小為I0的一半,說明變阻器接入電路的電阻增大,由P

11、=I2R可知,變阻器的功率大于初始時(shí)的14,故D錯(cuò)誤. 17.B　[解析] 根據(jù)左手定則可判斷,正離子向后表面偏轉(zhuǎn),負(fù)離子向前表面偏轉(zhuǎn),所以后表面的電勢高于前表面的電勢,與正、負(fù)離子的多少無關(guān),故A錯(cuò)誤,B正確.最終離子在電場力和洛倫茲力作用下平衡,有qvB=qUb,解得U=vbB,電壓表的示數(shù)與離子濃度無關(guān),故C錯(cuò)誤.因v=UBb,則流量Q=vbc=cUB,故D錯(cuò)誤. 18.C　[解析] 僅有A處小球時(shí),受力分析如圖甲所示,有FAmg=tan 30°,FA=kQ1q12L2;僅有B處小球時(shí),受力分析如圖乙所示,有FBcos 30°=12mg,FB=kQ2qL2,聯(lián)立解得Q1Q2=14,選

12、項(xiàng)C正確. 19.(1)①A?、贐C　(2)B [解析] (1)①在實(shí)驗(yàn)中,平衡摩擦力時(shí),小車不連接空盤,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;在操作過程中,拉小車的細(xì)繩應(yīng)該與木板平行,選項(xiàng)A正確;由于空盤、砝碼總質(zhì)量并不是遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量,則不能滿足盤和砝碼的總重力近似等于小車的合外力,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;由于還有空盤的質(zhì)量,所以兩小車的合外力之比不等于1∶2,選項(xiàng)D錯(cuò)誤. ②本實(shí)驗(yàn)通過位移比值來確定加速度比值,所以需要刻度尺,同時(shí)在研究加速度與質(zhì)量之間關(guān)系時(shí),需要知道小車質(zhì)量,因此還需要天平. (2)圖中探究加速度與質(zhì)量、力的關(guān)系以及做功與速度變化之間關(guān)系時(shí)是需要平衡摩擦力的,而探究小車速度隨時(shí)間的變化規(guī)律時(shí)不用

13、平衡摩擦力,選項(xiàng)B正確. 20.(1)應(yīng)將電池的正、負(fù)兩極調(diào)換;滑動變阻器應(yīng)該選擇分壓式接法　(2)R2　(3)2.40　(4)1 [解析] (1)電流應(yīng)從電流表、電壓表的正接線柱流入,所以應(yīng)將電池的正、負(fù)兩極調(diào)換;本實(shí)驗(yàn)中燈泡兩端電壓應(yīng)從零開始變化,所以滑動變阻器應(yīng)改為分壓式接法;電壓表應(yīng)選0~3 V量程. (2)滑動變阻器采用分壓式接法,應(yīng)選總阻值較小的,故選R2. (3)由圖可知,電壓表的最小刻度為0.1 V,所以讀數(shù)為2.40 A. (4)由于燈泡電阻較小,為了減小誤差,實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選用電流表外接法,在電壓表示數(shù)相同,電流表外接時(shí),電流表的示數(shù)較大,對應(yīng)曲線1. 21.(1)豎直向上　(2)從N流向M　(3)0.1 T [解析] (1)由平衡條件得,安培力方向豎直向上. (2)由左手定則可知,電流方向從N流向M. (3)根據(jù)F=BIL,F=mg,解得B=mgIL=0.1 T. 22.(1)30 m/s2,方向豎直向上　(2)1 m/s　(3)13+815n s(n=0,1,2,3,…) [解析] (1)由牛頓第二定律得Eq-mg=ma 解得a=Eq-mgm=30 m/s2 方向豎直向上 (2)由v2=2gh1=2ah2 v=gt1=at2 - 7 -