2018屆高考物理二輪復習 板塊一 專題突破復習 專題四 電路與電磁感應 第一講 直流電路與交變電路學案

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1、 第一講　直流電路與交變電路 [知識建構] [高考調研] 1.考查方向：①結合閉合電路歐姆定律考查電路的動態(tài)分析．②考查電路的故障分析．③結合理想變壓器規(guī)律，解決遠距離輸電的能量效率問題．④考查交流電的“四值”問題． 2.常用的思想方法：①程序法．②極限法．③特殊值法．④理想變壓器的動態(tài)分析技巧． [答案]　(1)內容：閉合電路中的電流跟電源的電動勢成正比，跟整個電路中的電阻成反比． (2)表達式：I＝，或E＝U外＋Ir，或Eq＝qU外＋qU內． (3)電路故障分析基本思路及方法 ①儀表檢測法 a．電流表示數正常而電壓表無示數 “電流表示數正?！北砻麟?/p>

2、流表所在電路為通路，“電壓表無示數”表明無電流通過電壓表． 故障原因可能是：ⅰ.電壓表損壞；ⅱ.電壓表接觸不良；ⅲ.與電壓表并聯的用電器短路． b．電壓表有示數而電流表無示數 “電壓表有示數”表明電路中有電流通過，“電流表無示數”說明沒有或幾乎沒有電流流過電流表． 故障原因可能是：ⅰ.電流表短路；ⅱ.和電壓表并聯的用電器斷路． c．電流表、電壓表均無示數 “兩表均無示數”表明無電流通過兩表，除了兩表同時短路外，可能是干路斷路導致無電流． d．歐姆表檢測 先使被測電路斷開電源，用歐姆表檢測用電器，指針不動，說明用電器斷路；指針偏轉最大，說明用電器短路． ②假設法 已知電路發(fā)生

3、某種故障，尋找故障發(fā)生在何處時，可將整個電路劃分為若干部分，然后逐一假設某部分電路發(fā)生故障，運用電流變化進行正向推理，推理結果若與題述物理現象不符合，則故障不是發(fā)生在這部分電路；若推理結果與題述物理現象符合，則故障可能發(fā)生在這部分電路，直到找出發(fā)生故障的全部可能為止，此方法亦稱排除法． (4)理想變壓器的基本特征 ①無漏磁，故原、副線圈中的Φ、相同． ②線圈無電阻，因此無電壓降，U＝E＝n. ③根據＝得，套在同一鐵芯上的線圈，無論是原線圈，還是副線圈，該比例都成立． ④無電能損失． ⑤變壓器只能改變交變電流的電壓和電流，不能改變交變電流的頻率． 考向一　直流電路的動態(tài)分析

4、[歸納提煉] 直流電路動態(tài)分析方法 1．程序法 基本思路是“部分→整體→部分”．即從阻值的變化入手，由串、并聯規(guī)律判定R總的變化情況，再由閉合電路歐姆定律判斷I總和U端的變化情況，最后由部分電路歐姆定律及串聯分壓、并聯分流等規(guī)律判斷各部分的變化情況． 2．結論法——“串反并同” “串反”：指某一電阻增大(減小)時，與它串聯或間接串聯的電阻中的電流、兩端電壓、電功率都將減小(增大)． “并同”：指某一電阻增大(減小)時，與它并聯或間接并聯的電阻中的電流、兩端電壓、電功率都將增大(減小)． [熟練強化] 1．(2017·河南五校聯考)在如圖所示電路中，閉合開關S，當滑動變阻器的滑動

5、觸頭P向下滑動時，三個理想電表的示數都發(fā)生了變化，電表的示數分別用I、U1、U2表示，則下列判斷正確的是(　　) 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 A．I減小，U1增大 B．I增大，U2減小 C．I增大，U1減小 D．I減小，U2增大 [解析]　當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，R1和R2串聯支路電阻變大，電流變小，電流表示數I減小，由歐姆定律可知，R1兩端電壓減小，電壓表示數U1減?。蓸O限法分析可知，電壓表示數U2增大．故選項D正確，A、B、C錯誤． [答案]　D 2．(多選)(2017·合肥質檢)如圖所示，電源電動勢為E，內阻為r.電路中的R2、R3分別為總阻

6、值一定的滑動變阻器，R0為定值電阻，R1為光敏電阻(其電阻隨光照強度增大而減小)．當開關S閉合時，電容器中一帶電微粒恰好處于靜止狀態(tài)．下列說法中正確的是(　　) A．只逐漸增大對R1的光照強度時，電阻R0消耗的電功率增大，電阻R3中有向上的電流 B．只調節(jié)電阻R3的滑動端P2向上端移動時，電源消耗的電功率變大，電阻R3中有向上的電流 C．只調節(jié)電阻R2的滑動端P1向下端移動時，電壓表示數變大，帶電微粒向下運動 D．若斷開開關S，帶電微粒向下運動 [解析]　當逐漸增大光照強度時，光敏電阻R1的阻值減小，依據“串反并同”可知電流I增大，則PR0增大，UC增大，QC＝CUC增大，即電容

7、器充電，R3中有向上的電流，A正確．當P2向上移動時，UC不變，R3中沒有電流，故B錯誤．當P1向下移動時，I不變，但UC變大，EC＝變大，電場力FC＝變大，微粒向上運動，故C錯誤．若斷開開關S，電容器放電，UC降為0，則微粒只受重力作用而向下運動，故D正確． [答案]　AD 3．(2017·陜西咸陽一模)如圖所示電路，當滑動變阻器R3的滑片向右移動一小段距離后，電壓表V1和電壓表V2的示數的變化量分別為ΔU1和ΔU2(均取絕對值)．下列說法中正確的是(　　) A．電壓表V1的示數變大，電壓表V2的示數變小，且有ΔU1>ΔU2 B．電壓表V1的示數變小，電壓表V2的示數增大，且有Δ

8、U1>ΔU2 C．電容器的左極板帶正電，且兩極板間電場強度減小 D．電源的輸出功率比R3的滑片移動前大 [解析]　滑動變阻器R3的滑片向右移動一小段距離后，R3接入電路的電阻減小，電路外電阻減小，總電阻減小，電源輸出電流增大，R2中電流增大，R2兩端電壓增大，電壓表V2的示數增大，與其并聯的電容器C兩端電壓增大，極板帶電荷量增大，兩極板之間的電場強度增大，C錯誤．電源輸出電流增大，電源內阻電壓增大，導致電源路端電壓減小，電源輸出功率不一定增大，D錯誤．根據閉合電路歐姆定律，E＝U1＋U2＋Ir，電源輸出電流I增大，則U1＋U2減小，電壓表V2的示數增大，則電壓表V1的示數減小，且有ΔU1

9、＝ΔU2＋ΔI·r，即ΔU1>ΔU2，B正確，A錯誤． [答案]　B 電路的動態(tài)分析技巧 (1)當電路中某一部分發(fā)生變化時，將引起電路中各處的電流和電壓都隨之發(fā)生變化，可謂“牽一發(fā)而動全身”．判斷此類問題時，應先由局部的變化推出總電流的變化、路端電壓的變化，再由此分析對其他各部分電路產生的影響，一般是先分析恒定電阻支路再分析變化電阻支路． (2)一個閉合電路就是一個整體，在研究電路的動態(tài)問題時，一定要弄清電路的串并聯結構，同時要用整體的觀點來看問題，還要善于轉換思維的角度“電壓不行看電流”． 考向二　交變電流的產生及描述 [歸納提煉] 1．正弦式交變電流的變化規(guī)律(線圈在

10、中性面位置開始計時) 表達式 圖象 磁通量 Φ＝Φmcosωt＝BScosωt 電動勢 e＝Emsinωt＝NBSωsinωt 電壓 u＝Umsinωt＝sinωt 電流 i＝Imsinωt＝sinωt 2.對交流電“四值”的理解 (1)通常所說的電流值、電壓值、電表的示數均為有效值． (2)只有正弦交流電，最大值等于有效值的倍． (3)計算用電器上消耗的熱功率時，必須用電流的有效值，不可應用平均值． (4)電動勢的最大值與線圈匝數成正比，但線圈磁通量的最大值與線圈匝數無關．　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 [熟練強化] 角度一　交變

11、電路的圖象問題 1．(多選)(2017·天津卷)在勻強磁場中，一個100匝的閉合矩形金屬線圈，繞與磁感線垂直的固定軸勻速轉動，穿過該線圈的磁通量隨時間按圖示正弦規(guī)律變化．設線圈總電阻為2 Ω，則(　　) A．t＝0時，線圈平面平行于磁感線 B．t＝1 s時，線圈中的電流改變方向 C．t＝1.5 s時，線圈中的感應電動勢最大 D．一個周期內，線圈產生的熱量為8π2 J [解析]　t＝0時，磁通量為零，磁感線與線圈平面平行，A正確；當磁感線與線圈平面平行時，磁通量變化率最大，感應電動勢最大，畫出感應電動勢隨時間變化的圖象如圖，由圖可知，t＝1 s時，感應電流沒有改變方向，B錯誤；t

12、＝1.5 s時，感應電動勢為0，C錯誤；感應電動勢最大值Em＝NBSω＝NΦm＝100×0.04×(V)＝4π(V)，有效值E＝×4π(V)＝2π(V)，Q＝T＝8π2(J)，D正確． [答案]　AD 角度二　交變電流的“四值”問題 2．(2015·四川卷)小型手搖發(fā)電機線圈共N匝，每匝可簡化為矩形線圈abcd，磁極間的磁場視為勻強磁場，方向垂直于線圈中心軸OO′，線圈繞OO′勻速轉動，如圖所示．矩形線圈ab邊和cd邊產生的感應電動勢的最大值都為e0，不計線圈電阻，則發(fā)電機輸出電壓(　　) A．峰值是e0 B．峰值是2e0 C．有效值是Ne0 D．有效值是Ne0 [

13、解析]　本題考查交變電流，意在考查學生對正弦式交變電流的產生的認識及對正弦式交變電流的最大值、有效值等概念的理解．根據題意，小型發(fā)電機輸出電壓的峰值為Em＝2Ne0，A、B項均錯誤；對于正弦式交變電流，峰值與有效值E的關系滿足E＝，故有效值為Ne0，C項錯誤，D項正確． [答案]　D 角度三　有界磁場中的交變電流 3．(2017·河北六校聯考)如圖所示，一交流發(fā)電機的矩形線圈共有10匝，其電阻r＝2 Ω，面積是0.2 m2，在磁感應強度B＝ T的勻強磁場中，若線圈從中性面位置開始繞垂直于磁場方向的對稱軸OO′以ω＝10π rad/s的角速度勻速轉動，向R＝18 Ω的電阻供電．則以下說法中

14、正確的是(　　) A．該線圈產生的是余弦式交變電流 B．線圈在轉動過程中產生的最大感應電動勢為40 V C．線圈開始轉動 s時流過電阻R的瞬時電流大小為 A D．電阻R上消耗的電功率為9 W [解析]　本題考查交變電流的基本概念，意在考查學生的理解能力．若線圈從中性面開始運動，則穿過線圈的磁通量按照余弦規(guī)律變化，由法拉第電磁感應定律可知，其產生的感應電動勢(感應電流)將按照正弦規(guī)律變化，選項A錯誤；由于OO′為線圈的對稱軸，所以線圈產生的感應電動勢的最大值應為Em＝nBSω＝20 V，選項B錯誤；線圈在轉動過程中產生的感應電動勢的瞬時值表達式為e＝20sin10πt V，所以其感

15、應電流的瞬時值表達式為i＝sin10πt A，故當t＝ s時，流經電阻R的瞬時電流大小為i＝sin10π× A＝ A，選項C錯誤；流經R的電流的有效值為I＝ A，所以電阻R上消耗的電功率為P＝I2R＝9 W，選項D正確． [答案]　D 幾種典型交變電流有效值 考向三　變壓器及遠距離輸電 [歸納提煉] 1．理想變壓器原、副線圈基本量的關系 功率關系 原線圈的輸入功率等于副線圈的輸出功率，即P入＝P出 電壓關系 原、副線圈的電壓比等于匝數比，即＝，與副線圈的個數無關 電流關系 ①只有一個副線圈時：＝； ②有多個副線圈時：由P入＝P出得U1I1＝U2I

16、2＋U3I3＋…＋UnIn或I1n1＝I2n2＋I3n3＋…＋Innn 頻率關系 f1＝f2，變壓器不改變交流電的頻率 2.遠距離輸電問題的處理思路 (1)畫出輸電線路圖，包括發(fā)電機、升壓變壓器、輸電線、降壓變壓器、負載． (2)將輸電線劃分成幾個獨立回路． (3)根據串并聯電壓特點、歐姆定律、電功率公式確定部分回路物理量之間的關系． (4)根據升壓、降壓過程中原副線圈的電壓、電流關系和功率關系列式求解． 　(2016·全國卷Ⅰ)一含有理想變壓器的電路如圖所示，圖中電阻R1、R2和R3的阻值分別為3 Ω、1 Ω和4 Ω，為理想交流電流表，U為正弦交流電壓源，輸出電壓的有效值恒定

17、．當開關S斷開時，電流表的示數為I；當S閉合時，電流表的示數為4I.該變壓器原、副線圈匝數比值為(　　) 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 A．2 B．3 C．4 D．5 [思路路線]　 [解析]　解法一：能量守恒法 設原副線圈的匝數比值＝k 當S斷開，原線圈電流為I時，副線圈電流為kI，如圖1所示，由能量守恒定律得，電源提供的功率等于三個電阻消耗的功率P1＝I2R1＋(kI)2(R2＋R3) 當S閉合，原線圈電流為4I時，副線圈電流為4kI，如圖2所示，由能量守恒定律得，電源提供的功率等于兩個電阻消耗的功率 P2＝(4I)2R1＋(4kI)2R2 由于電

18、壓不變：P1＝IU，P2＝4IU，易知P2＝4P1 以上各式聯立解得k＝3. 解法二：電流、電壓關系法 設原副線圈的匝數比值＝k 當S斷開，原線圈電流為I時，副線圈電流為kI，如圖1所示 由理想變壓器電壓關系可知＝＝k 即＝k① 當S閉合，原線圈電流為4I時，副線圈電流為kI，如圖2所示 即＝k② ①②聯立解得k＝3. 解法三：等效法 如圖3所示，副線圈中接電阻R，相當于在原線圈中接入電阻R0(如圖4所示) 其中R0＝，R＝ 設原副線圈的匝數比值＝k 下面導出R與R0的關系 R0＝＝＝2R＝k2R 設開關S斷開時，變壓器的原線圈等效電阻為R 等

19、效電路如圖5所示 則R＝k2(R2＋R3)① U＝I(R1＋R)② 設開關S閉合時，變壓器原線圈的等效電阻為R′ 等效電路如圖6所示 R′＝k2R2③ U＝4I(R1＋R′)④ 聯立解得k＝3. [答案]　B 原線圈連接有電阻的變壓器問題的處理 變壓器的原理是電磁感應中的互感現象，變壓器不能改變恒定電壓，當原線圈接有電阻時，變壓器的原線圈輸出電壓不是電源的電壓，所以求解的關鍵是先求出原線圈中的電流，再由電壓關系列式． [熟練強化] 遷移一　變壓器問題 1．(2017·河北唐山一模)一含有理想變壓器的電路如圖所示，變壓器原副線圈匝數比n1∶n2＝2∶1，圖中電阻R1

20、、R2和R3的阻值分別是4 Ω、2 Ω和3 Ω，U為有效值恒定的正弦交流電源．當開關S斷開時，理想電流表的示數為I，當S閉合時，電流表的示數為(　　) A.I B.I C.I D．2I [解析]　設S閉合時，電流表示數為I1，對理想變壓器有P入＝P出，＝，則開關閉合時有I1U－IR1＝(2I1)2R2，開關斷開時有IU－I2R1＝(2I)2(R2＋R3)，兩式聯立解得I1＝2I，故D項正確． [答案]　D 遷移二　包含二極管變壓器問題 2．(多選)(2017·山東濰坊統(tǒng)考)如圖甲所示的電路中，理想變壓器原線圈接圖乙所示正弦交變電流，閉合S后，額定電壓為20 V的用電器正常工

21、作，理想交流電流表A的示數為0.1 A．已知圖中元件D具有正向電流導通、反向電流截止的作用，下列判斷正確的是(　　) A．交變電流的頻率為50 Hz B．變壓器原副線圈匝數比為11∶1 C．用電器額定功率為22 W D．在用電器電阻不變的情況下斷開開關S，用電器功率將變?yōu)樵瓉淼囊话? [解析]　由u－t圖象可知交變電流的周期T＝0.02 s，則頻率f＝＝50 Hz，A項正確．由圖乙可知原線圈兩端輸入電壓U1＝220 V，因閉合S后，額定電壓為20 V的用電器正常工作，則此時變壓器副線圈兩端電壓U2＝20 V，n1∶n2＝U1∶U2＝220 V∶20 V＝11∶1，B項錯誤．理想變壓

22、器P入＝P出＝I1U1＝22 W，又P出＝P電器，C正確．若在用電器電阻不變的情況下斷開開關S，則一個周期內用電器只有半個周期的時間正常工作，用電器的功率變?yōu)樵瓉淼囊话?，D項正確． [答案]　ACD 遷移三　遠距離輸電問題 3．(2017·襄陽統(tǒng)測)某小型水電站的電能輸送示意圖如圖甲所示，發(fā)電機的輸出電壓變化規(guī)律如圖乙所示，輸電線總電阻為r，升壓變壓器原、副線圈匝數分別為n1、n2，降壓變壓器原、副線圈匝數分別為n3、n4，變壓器均為理想變壓器．額定電壓為220 V的用電器能正常工作，則下列說法正確的是(　　) A．兩變壓器的匝數比關系為＝ B．兩變壓器的匝數比關系為> C．當

23、用戶用電器的負載增加時，輸出電壓一定等于220 V D．升壓變壓器的輸入功率一定大于降壓變壓器的輸出功率 [解析]　根據變壓器的工作原理有＝，＝，設輸電線路上損失的電壓為ΔU，則有U2＝U3＋ΔU，即U2>U3，根據題設可知U1＝U4，聯立解得<，A、B錯誤；當負載增加時，負載總電阻減小，電流增大，則輸電線路上的電流增大，而輸電線路的電阻一定，故線路損失的電壓ΔU會增大，降壓變壓器的輸入電壓U3＝U2－ΔU減小，所以輸出電壓一定小于220 V，C錯誤；根據能量關系有P輸入＝P輸出＋P損失，故D正確． [答案]　D 高考高頻考點強化——理想變壓器的動態(tài)分析 [考點歸納] 1．分析

24、變壓器動態(tài)變化問題的一般思維流程 2．分析變壓器動態(tài)變化問題的關鍵 (1)弄清變量和不變量，確定是負載電阻不變還是匝數比不變． (2)弄清變壓器動態(tài)變化中的決定關系，即P2決定P1，I2決定I1，U1決定U2. [真題歸類] 1．(2016·天津卷)如圖所示，理想變壓器原線圈接在交流電源上，圖中各電表均為理想電表．下列說法正確的是(　　) A．當滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，R1消耗的功率變大 B．當滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，電壓表V示數變大 C．當滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，電流表A1示數變大 D．若閉合開關S，則電流表A1示數變大、A2示數變

25、大 [解析]　由題知，U1不變，不變，故U2不變．當P向上滑動時，R滑變大，R總變大，R兩端電壓即電壓表示數變大，UR1減小，IR1減小，則PR1減小，A錯誤，B正確．因為IR1減小，不變．由I1＝IR1知I1減小，C錯誤．若閉合開關S，則總電阻減小，由IR1＝知IR1增大，UR1增大，UR2減小，電流表A2的示數減小，D錯誤．選B. [答案]　B 2．(多選)(2016·全國卷Ⅲ)如圖，理想變壓器原、副線圈分別接有額定電壓相同的燈泡a和b，當輸入電壓U為燈泡額定電壓的10倍時，兩燈泡均能正常發(fā)光．下列說法正確的是(　　) A．原、副線圈匝數比為9∶1 B．原、副線圈匝數比為1∶

26、9 C．此時a和b的電功率之比為9∶1 D．此時a和b的電功率之比為1∶9 [解析]　當輸入電壓為燈泡額定電壓的10倍時，兩個燈泡均能正確發(fā)光，則原線圈兩端的電壓為U，副線圈兩端的電壓為U，因此原、副線圈的匝數比＝，A正確，B錯誤．設a中電流為I，根據電流與匝數成反比可知，副線圈中電流為9I，則a、b兩個燈泡的功率比＝，C錯誤，D正確． [答案]　AD 3．(2015·安徽卷)圖示電路中，變壓器為理想變壓器，a、b接在電壓有效值不變的交流電源兩端，R0為定值電阻，R為滑動變阻器．現將變阻器的滑片從一個位置滑動到另一位置，觀察到電流表A1的示數增大了0.2 A，電流表A2的示數增大了0

27、.8 A，則下列說法正確的是(　　) A．電壓表V1示數增大 B．電壓表V2、V3示數均增大 C．該變壓器起升壓作用 D．變阻器滑片是沿c→d的方向滑動 [解析]　變壓器輸入電壓不變，原、副線圈的匝數比不變，故原、副線圈兩端的電壓不變，即電壓表V1、V2示數不變，選項A、B均錯誤；I1、I2增加，則副線圈電路中總電阻減小，故變阻器滑片應沿c→d方向滑動，選項D正確；由原線圈的輸入功率等于副線圈的輸出功率P入＝P出知，調節(jié)滑動變阻器前I1n1＝I2n2，調節(jié)滑動變阻器后I1′n1＝I2′n2，聯立得(I1′－I1)n1＝(I2′－I2)n2，即ΔI1n1＝ΔI2n2，＝＝＝4，故該

28、變壓器起降壓作用，選項C錯誤． [答案]　D 變壓器電路動態(tài)分析常見類型及其規(guī)律 (1)匝數比不變的情況(如圖甲所示) ①U1不變，根據＝，輸入電壓U1決定輸出電壓U2，不論負載電阻R如何變化，U2不變． ②當負載電阻發(fā)生變化時，I2變化，輸出電流I2決定輸入電流I1，故I1發(fā)生變化． ③I2變化引起P2變化，P1＝P2，故P1發(fā)生變化． (2)負載電阻不變的情況(如圖乙所示) ①U1不變，發(fā)生變化，故U2變化． ②R不變，U2變化，故I2發(fā)生變化． ③根據P2＝，P2發(fā)生變化，再根據P1＝P2，故P1變化，P1＝U1I1，U1不變，故I1發(fā)生變化． [遷移訓練]

29、 1．(多選)(2017·河北名校聯盟)如圖所示電路中的變壓器為理想變壓器，S為單刀雙擲開關．P是滑動變阻器R的滑動觸頭，U1為加在原線圈兩端的交變電壓，I1、I2分別為原線圈和副線圈中的電流．下列說法正確的是(　　) A．保持P的位置及U1不變，S由a切換到b，則I2減小 B．保持P的位置及U1不變，S由b切換到a，則R上消耗的功率減小 C．保持P的位置及U1不變，S由b切換到a，則I1增大 D．保持U1不變，S接在b端，將P向上滑動，則I1減小 [解析]　保持P的位置不變和U1不變，S由a打到b，副線圈匝數減小，根據＝可知副線圈兩端電壓U2減小，因而電流I2減小，選項A正確

30、；保持P的位置不變和U1不變，S由b打到a，副線圈匝數增大，根據＝可知副線圈兩端電壓U2增大，電流I2增大，R消耗的功率增大，選項B錯誤，選項C正確；保持U1不變，S打到b，P上滑，則電流I2增大，I1增大，選項D錯誤． [答案]　AC 2．(多選)(2017·江西紅色七校聯考)如圖所示是發(fā)電廠通過升壓變壓器進行高壓輸電，接近用戶端時再通過降壓變壓器降壓給用戶供電的示意圖．圖中變壓器均可視為理想變壓器，圖中電表均為理想交流電表．設發(fā)電廠輸出的電壓一定，兩條輸電線總電阻用R0表示，變阻器R相當于用戶用電器的總電阻．當用電器增加時，相當于R變小，則當用電進入高峰時(　　) A．電壓表V1

31、、V2的讀數均不變，電流表A2的讀數增大，電流表A1的讀數減小 B．電壓表V3、V4的讀數均減小，電流表A2的讀數增大，電流表A3的讀數減小 C．電壓表V2、V3的讀數之差與電流表A2的讀數的比值不變 D．發(fā)電廠的輸出功率增大，線路損耗的功率也增大 [解析]　當用電進入高峰時，發(fā)電機的輸出功率增大，輸入原線圈的電流增大，升壓變壓器輸出端的輸電電流增大，輸電線的電壓損失和功率損失增大，D正確．V1、V2的讀數均不變，A1、A2增大；V3、V4的讀數均減小，A3的讀數增大，A、B錯誤．電壓表V2、V3的讀數之差與電流表A2的讀數的比值是輸電線的電阻，是不變的，C正確． [答案]　CD

32、3．(多選)(2017·山西太原一模)如圖為遠距離輸電示意圖，其中T1、T2為理想變壓器，r是輸電電阻，燈L1、L2相同且阻值不變．現保持變壓器T1的輸入電壓不變，滑片P位置不變，當開關S斷開時，燈L1正常發(fā)光，則(　　) A．僅閉合S，燈L1會變亮 B．僅閉合S，r消耗的功率會變大 C．僅將滑片P下移，r消耗的功率會變小 D．僅將滑片P上移，電流表示數會變小 [解析]　閉合S，負載電阻減小，變壓器T2副線圈電流增大，根據電流規(guī)律知，T2原線圈電流增大，即輸電線上電流增大，導線上損耗的電壓U＝Ir增大，損耗的功率P＝I2r增大，T2的輸入電壓U3＝U2－Ir減小，所以U4減小，即燈泡L1兩端的電壓減小，變暗，A錯誤，B正確．僅將滑片P下移，變壓器T1副線圈匝數增加(n2增加)，根據＝可知，U2變大，所以變壓器T2的輸入電壓U3增大，U4也增大，再根據I4＝得，負載電流增大，整個電路電流增大，r消耗的功率會變大，C錯誤．僅將滑片P上移，同理可得輸電線電流減小，電流表示數會變小，D正確． [答案]　BD 21