（新課標通用）2020屆高考生物一輪復習 考點15 基因的分離定律訓練檢測（含解析）

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1、考點15　基因的分離定律 一、基礎小題 1．玉米是雌雄同株異花的植物，子粒黃色對白色為顯性。若有一粒黃色玉米，判斷其基因型簡便的方案是(　　) A．用顯微鏡觀察該玉米細胞中的同源染色體，看其上是否攜帶等位基因 B．種下玉米后讓其作母本與白色玉米植株雜交，觀察果穗上的子粒顏色 C．種下玉米后讓其作親本進行同株異花傳粉，觀察果穗上的子粒顏色 D．種下玉米后讓其作親本進行自花受粉，觀察果穗上的子粒顏色 答案　C 解析　顯微鏡下無法觀察到基因，A不符合題意；可以將玉米種下后將其作為母本與白色玉米植株雜交，通過果穗上子粒顏色判斷基因型，但與自交法相比不是最簡便的方案，B不符合題意；玉

2、米是單性花，雌雄同株，雌花和雄花是分開的，故只能進行同株異花傳粉，不能進行自花受粉，且自交最簡便，D不符合題意，C符合題意。 2．孟德爾采用假說—演繹法提出基因的分離定律，下列說法不正確的是(　　) A．觀察到的現象是：具有一對相對性狀的純合親本雜交得F1，F1自交得F2，其表現型之比接近3∶1 B．提出的問題是：F2中為什么出現3∶1的性狀分離比 C．演繹的過程是：具有一對相對性狀的純合親本雜交得F1，F1與隱性親本測交，對其后代進行統計分析，表現型之比接近1∶1 D．得出的結論是：配子形成時，成對的遺傳因子發(fā)生分離，分別進入不同的配子中 答案　C 解析　演繹推理過程指設計測交

3、實驗，根據假說預測結果，C項中描述的是測交實驗過程，是對演繹推理過程及結果的檢驗。 3．研究發(fā)現，大豆有黃色種皮(俗稱黃豆)和黑色種皮(俗稱黑豆)，若用純合黃豆和純合黑豆雜交，F1的種皮顏色為黑黃鑲嵌(俗稱花臉豆)，F2表現為黃豆，花臉豆，黑豆，這種現象稱為鑲嵌顯性，則(　　) A．種皮的黃色對黑色為顯性性狀 B．紅色花與白色花雜交后代為粉色花也屬于鑲嵌顯性 C．鑲嵌顯性現象出現的原因是個體發(fā)育過程中基因的選擇性表達 D．花臉豆的出現是基因重組的結果 答案　C 解析　由題意知，用純合黃豆與純合黑豆雜交，F1的種皮顏色為花臉豆，F2表現為黃豆，黑豆，花臉豆，符合1∶2∶1的比例，說

4、明該性狀是由一對等位基因控制的，遵循基因的分離定律。鑲嵌顯性現象出現的原因是個體發(fā)育過程中黃色基因和黑色基因在不同部位選擇性表達，C符合題意；由于F1的種皮顏色為黑黃鑲嵌，說明黃色和黑色都表達，因而沒有顯隱性之分，A不符合題意；紅花與白花雜交后代為粉色花是不完全顯性的結果，出現紅白相間才屬于鑲嵌顯性，B不符合題意；花臉豆由一對等位基因控制，所以不可能發(fā)生基因重組，D不符合題意。 4．某種兩性花的植物，可以通過自花傳粉或異花傳粉繁殖后代。在25 ℃條件下，基因型為AA和Aa的植株都開紅花，基因型為aa的植株開白花，但在30 ℃的條件下，各種基因型的植株均開白花。下列說法不正確的是(　　) A

5、．不同溫度條件下同一植株花色不同，說明環(huán)境能影響生物的性狀 B．若要探究一開白花植株的基因型，最簡單可行的方法是在25 ℃條件下進行雜交實驗 C．在25 ℃的條件下生長的白花植株自交，后代中不會出現紅花植株 D．在30 ℃的條件下生長的白花植株自交，產生的后代在25 ℃條件下生長可能會出現紅花植株 答案　B 解析　由題干知，基因型是AA和Aa的該植物在25 ℃條件下都開紅花，而在30 ℃條件下均開白花，說明環(huán)境能影響生物的性狀，A正確；探究一株該植物的基因型是AA、Aa還是aa，最簡單可行的方法是在25 ℃條件下進行自交，并在25 ℃的條件下培養(yǎng)后代，如果后代全部是紅花植株說明該植株

6、的基因型為AA，如果都開白花，說明該植株的基因型為aa，如果既有開白花的植株，也有開紅花的植株，則說明該植株的基因型為Aa，B錯誤；由題干知，在25 ℃的條件下生長的白花植株的基因型是aa，此種基因型的個體自交后代的基因型仍為aa，表現為白花，后代中不會出現紅花植株，C正確；由題干知，在30 ℃的條件下，各種基因型(AA、Aa或aa)的植株均開白花，所以在30 ℃的條件下生長的白花植株自交，產生的后代在25 ℃條件下生長可能會出現紅花植株，D正確。 5．某玉米品種含一對等位基因A和a，其中a基因純合的植株花粉敗育，即不能產生花粉，含A基因的植株完全正?！，F有基因型為Aa的玉米若干，每代均為自

7、由交配直至F2，F2植株中正常植株與花粉敗育植株的比例為(　　) A．1∶1 B．3∶1 C．5∶1 D．7∶1 答案　C 解析　親本Aa自由交配產生的F1有3種基因型，即AA、Aa和aa，由于a基因純合的植株花粉敗育，故F1產生的雌配子有2種為A和a，F1產生的雄配子有2種為A＝＋×＝和a＝×＝，所以F2植株中花粉敗育植株為aa＝×＝，正常植株為1－＝。 6．在一對相對性狀的雜交實驗中，用正交和反交實驗不能準確判斷的遺傳學問題是(　　) A．這對相對性狀受幾對等位基因控制 B．這對相對性狀中的顯性性狀和隱性性狀 C．控制這對相對性狀的基因是細胞核基因還是細胞質基因 D．

8、控制這對相對性狀的等位基因是位于常染色體還是X染色體上 答案　A 解析　根據正交和反交實驗無法確定控制這對相對性狀基因的對數，A符合題意；根據具有相同性狀的個體雜交后代出現性狀分離和具有相對性狀的個體雜交后代只表現親本之一的性狀，可準確判斷這對相對性狀中的顯性性狀和隱性性狀，B不符合題意；細胞質基因控制的相對性狀表現為母系遺傳，C不符合題意；位于常染色體上的等位基因控制的相對性狀正交和反交實驗結果相同，位于X染色體上的等位基因控制的相對性狀與性別相關聯，D不符合題意。 7．下列有關一對相對性狀遺傳的敘述，正確的是(　　) A．在同種生物個體中，若僅考慮一對等位基因，可有4種不同的交配類

9、型 B．最能說明基因分離定律實質的是F2的表現型比為3∶1 C．若要鑒別和保留純合的抗銹病(顯性)小麥，最簡便易行的方法是自交 D．通過測交可以推測被測個體產生配子的數量 答案　C 解析　在一個生物群體中，若僅考慮一對等位基因，可有6種不同的交配類型，A錯誤；最能說明基因分離定律實質的是F1產生兩種比例相等的配子，B錯誤；由于小麥屬于雌雄同株植物，所以鑒別和保留純合的抗銹病(顯性)小麥，可用測交法和自交法，其中自交法最簡便，C正確；通過測交可以推測被測個體產生配子的種類及比例，但不能推測被測個體產生配子的數量，D錯誤。 8．動物甲狀腺功能有缺陷會導致甲狀腺激素分泌不足，有一種耕牛

10、，其甲狀腺功能缺陷可由兩種原因引起：一是缺碘，二是一種常染色體上的隱性基因純合所致。下列有關這種牛的敘述中不正確的是(　　) A．缺少甲狀腺激素的牛，其雙親可能是正常的 B．甲狀腺功能正常的個體，可能具有不同的基因型 C．甲狀腺功能有缺陷的個體，一定具有相同的基因型 D．雙方有一方是缺陷者，后代可能出現正常個體 答案　C 解析　缺少甲狀腺激素的牛若是常染色體上的隱性基因純合所致，其雙親有可能均為雜合子即表現正常，A正確；甲狀腺功能正常的個體，其基因型為顯性純合子或雜合子，B正確；甲狀腺功能缺陷的個體可能是缺碘也可能是常染色體上的隱性基因純合所致，常染色體上的隱性基因純合所致的個體基

11、因型是相同的，缺碘引起的個體基因型不確定，C錯誤；若是常染色體上的隱性基因純合所致，雙方有一方是缺陷者，另一方是雜合子的話，后代可能出現正常個體，D正確。 9．某植物的紫花與紅花是一對相對性狀，且是由單基因(D、d)控制的完全顯性遺傳，現有一株紫花植株和一株紅花植株作實驗材料，設計如表所示實驗方案以鑒別兩植株的基因型。下列有關敘述錯誤的是(　　) 選擇的親本 及交配方式 預測子代表現型 推測親代基因型 第一種： 紫花自交 出現性狀分離 ③ ① ④ 第二種： 紫花×紅花 全為紫花 DD×dd ② ⑤

12、 A．兩組實驗中，都有能判定紫花和紅花的顯隱性的依據 B．①全為紫花，④的基因型為DD×Dd C．②紫花和紅花的數量之比為1∶1，⑤為Dd×dd D．③的基因型為Dd×Dd，判定依據是子代出現性狀分離，說明雙親有隱性基因 答案　B 解析　第一種紫花自交，子代出現性狀分離，可以判定出現的新性狀為隱性性狀，親本性狀(紫花)為顯性性狀，第二種由紫花×紅花的后代全為紫花，可以判定紫花為顯性性狀，A正確；若①全為紫花，且親本紫花自交，故④的基因型為DD×DD，B錯誤；紫花×紅花的后代中紫花和紅花的數量之比為1∶1時，⑤為Dd×dd，C正確；子代出現性狀分離，說明顯性性狀的雙親中都帶有隱性基因

13、，故親代的基因型為Dd×Dd，D正確。 10．某植物可自交或自由交配，在不考慮生物變異和致死情況下，下列哪種情況可使基因型為Aa的該植物連續(xù)交配3次后所得子三代中Aa所占比例為2/5(　　) A．基因型為Aa的該植物連續(xù)自交3次，且每代子代中不去除aa個體 B．基因型為Aa的該植物連續(xù)自交3次，且每代子代中均去除aa個體 C．基因型為Aa的該植物連續(xù)自由交配3次，且每代子代中不去除aa個體 D．基因型為Aa的該植物連續(xù)自由交配3次，且每代子代中均去除aa個體 答案　D 解析　基因型為Aa的該植物連續(xù)自交3次，且每代子代中不去除aa個體，則子三代中Aa所占比例為1/23＝1/8，A

14、不符合題意；基因型為Aa的該植物連續(xù)自交3次，且每代子代中均去除aa個體，則子三代中Aa所占比例為2/(23＋1)＝2/9，B不符合題意；基因型為Aa的該植物連續(xù)自由交配3次，且每代子代中不去除aa個體，符合遺傳平衡定律，A的基因頻率＝a的基因頻率＝1/2，而且每一代的基因型頻率均不變，則子三代中Aa的基因型頻率(所占比例)＝2×1/2×1/2＝1/2，C不符合題意；基因型為Aa的該植物自由交配一次，子一代中AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，去除aa個體，則子一代中有1/3AA和2/3Aa，子一代中A的基因頻率＝1/3＋1/2×2/3＝2/3，a的基因頻率＝1/3，子一代再自由交配，子二代中AA的

15、基因型頻率＝(2/3)2＝4/9、Aa的基因頻率＝2×2/3×1/3＝4/9，去除aa個體，子二代中有1/2AA和1/2Aa，子二代中A的基因頻率＝1/2＋1/2×1/2＝3/4，a的基因頻率＝1/4，子二代再自由交配，在子三代中AA的基因型頻率＝(3/4)2＝9/16、Aa的基因型頻率＝2×3/4×1/4＝6/16，去除aa個體，則子三代中Aa所占比例為6/16÷(9/16＋6/16)＝2/5，D符合題意。 11．豌豆灰種皮(G)對白種皮(g)為顯性，黃子葉(Y)對綠子葉(y)為顯性。每對性狀的雜合體(F1)自交后代(F2)均表現3∶1的性狀分離比。以上種皮顏色的分離比和子葉顏色的分離比分

16、別來自對以下哪代植株群體所結種子的統計(　　) A．F1植株和F1植株 B．F2植株和F2植株 C．F1植株和F2植株 D．F2植株和F1植株 答案　D 解析　豌豆的種皮是由珠被發(fā)育而來的，親本雜交后所結種子的種皮基因型應與其母本一致，所以種皮顏色要表現出3∶1性狀分離比，必須等到F2種子種下后，長成植株(F2代植株)，再結出種子(即F2代子代)，才能體現出來；子葉是由受精卵發(fā)育而來的，子葉顏色出現3∶1性狀分離比，在F1代植株結出種子(種皮是F1代，胚是F2代)時就能夠體現出來。 12．已知小麥抗病對感病為顯性，無芒對有芒為顯性，兩對性狀獨立遺傳。用純合的抗病無芒與感病有芒雜交

17、，F1自交，播種所有的F2，假定所有F2植株都能成活，在F2植株開花前，拔掉所有的有芒植株，并對剩余植株套袋。假定剩余的每株F2收獲的種子數量相等，且F3的表現型符合遺傳定律。從理論上講F3中表現感病植株的比例為(　　) A. B. C. D. 答案　B 解析　本題要求計算理論上F2中感病植株的比例，所以可以忽略有芒、無芒性狀，轉化為一對相對性狀遺傳的問題。設小麥抗病基因用“A”表示，感病基因用“a”表示，則過程如圖所示： 二、模擬小題 13．(2019·山西運城康杰中學模擬)某種昆蟲的體色(A、a)有灰身和黑身兩種，雌性個體均為黑身，雄性個體有灰身和黑身兩種。雜交過程及結

18、果如下表所示。下列敘述正確的是(　　) 實驗① 實驗② 親代 黑身雌性×灰身雄性 黑身雌性×黑身雄性 子代 黑身雌性∶灰身雄性∶黑身雄性＝4∶3∶1 黑身雌性∶灰身雄性＝1∶1 A．由實驗可知，控制黑身性狀的基因是顯性基因 B．實驗①中親代雌、雄基因型分別是aa和Aa C．實驗①中子代雌、雄個體隨機交配，理論上其后代灰身個體比例為1/8 D．實驗②親代黑身雌性基因型為AA 答案　D 解析　由題干“雌性個體均為黑身，雄性個體有灰身和黑身兩種”可以確定昆蟲體色為從性遺傳。實驗①中灰身雄性∶黑身雄性＝3∶1，可以確定黑身為隱性性狀，故親本基因型為Aa和Aa，且

19、AA或Aa在雌性中表現為黑身，在雄性中表現為灰身，A、B錯誤；實驗①子代雌雄個體的基因型及比例都為AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，故子代雌雄個體產生的配子類型及比例都為A∶a＝1∶1，由于灰身只出現在雄蠅中，故子代雌雄個體隨機交配后代灰身個體為××AA＋××2Aa＝，C錯誤；實驗②親本黑身雄性為aa，又由于子代黑身雌性∶灰身雄性＝1∶1，所以親本黑身雌性基因型為AA，D正確。 14．(2019·石家莊第二中學檢測)ABO血型由等位基因IA、IB和i控制，IA、IB分別決定紅細胞上有A抗原、B抗原。一對基因型為IAi和IBi的夫婦，生下血型分別為A型、B型和AB型的三個孩子。下列說法正確的是(　

20、　) A．等位基因IA、IB和i互為共顯性 B．子代中出現AB型血孩子是基因重組的結果 C．若這對夫婦再生一個孩子，孩子最可能為O型血 D．若這對夫婦再生一個孩子，孩子是O型血的概率為 答案　D 解析　等位基因IA和IB互為共顯性，i為隱性基因，A錯誤；子代中出現AB型血孩子是性狀分離的結果，只涉及一對等位基因，不屬于基因重組，B錯誤；若這對夫婦再生一個孩子，孩子為O型血、A型血、B型血和AB型血的概率都為，C錯誤，D正確。 15．(2018·四川南充高三診斷考試)下列有關孟德爾定律的敘述中，正確的是(　　) A．F1高莖豌豆自交所得F2中出現了高莖和矮莖，這是基因重組的結果

21、 B．孟德爾通過測交實驗的結果推測出F1產生配子的種類及數量，從而驗證其假說是否正確 C．隨著科學的不斷發(fā)展，單倍體育種也可直接證明“分離定律” D．孟德爾對分離現象及自由組合現象的解釋是基于對減數分裂的研究而提出的假說 答案　C 解析　F1高莖豌豆自交所得F2中出現了高莖和矮莖，這是F1產生配子時等位基因分離的結果，A錯誤；孟德爾通過測交實驗的結果推測出F1產生配子的種類及比例，從而驗證其假說是否正確，B錯誤；通過花藥離體培養(yǎng)進行單倍體育種，可直接反應F1產生配子的種類，可直接證明“分離定律”，C正確；孟德爾在當時未發(fā)現減數分裂的前提下對分離現象及自由組合現象進行了科學的推理，D錯誤

22、。 16．(2018·保定一中質檢)椎實螺螺殼的旋向是由一對核基因控制的，右旋(D)對左旋(d)是完全顯性。旋向的遺傳規(guī)律是子代螺殼旋向只由其母本核基因型決定，與其自身基因型無關。下列敘述錯誤的是(　　) A．椎實螺螺殼旋向的遺傳現象符合基因的分離規(guī)律 B．椎實螺螺殼表現為左旋的個體基因型可能為DD C．椎實螺螺殼表現為右旋的個體其基因型可能為dd D．控制左旋和右旋的基因都是有遺傳效應的DNA片段 答案　B 解析　椎實螺螺殼旋向的遺傳規(guī)律是子代螺殼旋向只由其母本核基因型決定，與其自身基因型無關。也就是說，不論后代基因型為Dd還是dd，只要母本核基因型為dd，就為左旋。左旋個體的

23、母本必為dd，dd母本的后代基因型絕對不可能為DD，B錯誤。 17．(2018·河北衡水中學十模)水稻體細胞有24條染色體，非糯性和糯性是一對相對性狀。非糯性花粉中所含的淀粉為直鏈淀粉，遇碘變藍黑色。而糯性花粉中所含的淀粉為支鏈淀粉，遇碘變橙紅色。下列有關水稻的敘述正確的是(　　) A．要驗證孟德爾的基因分離定律，必須用純種非糯性水稻(AA)和糯性水稻(aa)雜交，獲得F1，F1再自交 B．用純種非糯性水稻(AA)和糯性水稻(aa)雜交獲得F1，F1再自交獲得F2，取F1花粉加碘染色，在顯微鏡下觀察到藍黑色花粉粒占3/4 C．二倍體水稻的花粉經離體培養(yǎng)，可得到單倍體水稻，稻穗、米粒變小

24、 D．若含有a基因的花粉50%的死亡，則非糯性水稻(Aa)自交后代基因型比例是2∶3∶1 答案　D 解析　用純種非糯性水稻(AA)和糯性水稻(aa)雜交，獲得F1，F1可產生含A、a基因的兩種數量相等的花粉，然后取F1的花粉用碘液染色，用顯微鏡觀察到花粉一半呈藍黑色、一半呈橙紅色，即可驗證孟德爾的基因分離定律，A、B錯誤；二倍體水稻的花粉經離體培養(yǎng)，可得到單倍體水稻，由于單倍體水稻體細胞內不含同源染色體，所以不能產生可育配子，表現為高度不育，故無米粒，C錯誤；由于含有a基因的花粉50%的死亡，所以該植株產生的雌配子是A∶a＝1∶1，而雄配子是A∶a＝2∶1，自交后代中三種基因型之比為AA

25、∶Aa∶aa＝(1/2×2/3)∶(1/2×2/3＋1/2×1/3)∶(1/2×1/3)＝2∶3∶1，D正確。 18．(2019·德州期中)金魚草的花色由一對等位基因控制，科研小組進行雜交實驗的結果如下表所示，下列相關敘述錯誤的是(　　) 交配類型 子代性狀及比例 粉紅花×白花 粉紅花∶白花＝1∶1 粉紅花×紅花 粉紅花∶紅花＝1∶1 粉紅花×粉紅花 粉紅花∶白花∶紅花＝2∶1∶1 A．紅花植株與紅花植株雜交，后代均為紅花植株 B．白花植株與白花植株雜交，后代均為白花植株 C．紅花植株與白花植株雜交，后代均為粉紅花植株 D．紅花植株為顯性純合子，粉紅花植株為雜

26、合子 答案　D 解析　由題意可知該性狀受一對等位基因控制，應遵循基因的分離定律，分析雜交組合第三組可知該性狀是不完全顯性，其中粉紅色是雜合子控制的，白花和紅花是顯性或隱性純合子。當紅花植株與紅花植株雜交，后代均為紅花植株，A正確；白花植株與白花植株雜交，后代均為白花植株，B正確；紅花植株與白花植株雜交，即顯性純合子與隱性純合子雜交，后代都是雜合子均為粉紅花植株，C正確；無法確定紅花植株或白花植株是顯性或隱性，D錯誤。 三、高考小題 19．(2018·江蘇高考)一對相對性狀的遺傳實驗中，會導致子二代不符合3∶1性狀分離比的情況是(　　) A．顯性基因相對于隱性基因為完全顯性 B．子一

27、代產生的雌配子中2種類型配子數目相等，雄配子中也相等 C．子一代產生的雄配子中2種類型配子活力有差異，雌配子無差異 D．統計時子二代3種基因型個體的存活率相等 答案　C 解析　若子一代產生的雄配子中2種類型配子活力有差異，雌配子無差異，則子二代性狀分離比不為3∶1，C錯誤。 20．(2018·天津高考)某生物基因型為A1A2，A1和A2的表達產物N1和N2可隨機組合形成二聚體蛋白，即N1N1、N1N2、N2N2三種蛋白。若該生物體內A2基因表達產物的數量是A1的2倍，則由A1和A2表達產物形成的二聚體蛋白中，N1N1型蛋白占的比例為(　　) A．1/3 B．1/4 C．1/8

28、 D．1/9 答案　D 解析　該生物體內A2基因表達產物的數量是A1的2倍，則N1占1/3，N2占2/3，由于N1和N2可隨機組合形成二聚體蛋白，因此N1N1占1/3×1/3＝1/9，D正確。 一、基礎題 21．某動物毛色的黃色與黑色是一對相對性狀，受常染色體上的一對等位基因(A、a)控制，已知在含有基因A、a的同源染色體上，有一條染色體帶有致死基因，但致死基因的表達會受到性激素的影響。請根據下列雜交組合及雜交結果回答問題。 雜交組合 親本類型 子代 雌 雄 甲,黃色(♀)×黃色(♂),黃238,黃120 乙,黃色(♂)×黑色(♀),黃111，

29、 黑110,黃112， 黑113 丙,乙組的黃色F1自交,黃358， 黑121,黃243， 黑119 (1)毛色的黃色與黑色這對相對性狀中，顯性性狀是________。 (2)丙組的子代中導致雌、雄中黃與黑比例差異的可能原因是__________________________________。 (3)甲組親本的基因型是____________。 (4)從上述雜交組合中可以判斷致死基因是________(填“顯”或“隱”)性基因，且與________(填“A”或“a”)同在一條染色體上，________激素會促進致死基因的表達。 答案　(1)黃色 (2)基因型為AA的雄性

30、個體含兩個致死基因而死亡 (3)AA(♀)×Aa(♂) (4)隱　A　雄性 解析　(1)雜交組合丙中乙組的黃色F1自交，后代出現了黑色，說明黑色是隱性性狀，黃色是顯性性狀。 (2)丙組親本為乙組的子代黃色個體，其子代中出現了黑色個體，所以黃色是顯性性狀。由此也可以得出丙組的親本個體都為雜合子(Aa)，其子代中黃色與黑色的比例應為3∶1，這在子代雌性個體中得到驗證，且子代黃色個體的基因型有AA和Aa兩種，比例為1∶2，但在丙組子代的雄性個體中，黃色與黑色的比例為2∶1，其原因是子代黃色雄性個體中的個體(基因型為AA)可能帶有兩個致死基因而死亡，即也說明致死基因受雄性激素影響。 (3)甲

31、組的子代中只有黃色，說明甲組的親本至少有一個個體是顯性純合子，由于致死基因的表達受雄性激素的影響，親本中雄性黃色個體不可能是純合子，雌性個體中存在AA，則甲組的親本基因型是AA(♀)×Aa(♂)。 (4)從基因型為AA的雄性個體死亡，基因型為AA的雌性個體和基因型為Aa的個體生存的現象可以看出：致死基因與A基因在同一條染色體上，a基因所在的染色體上不帶有致死基因，且雄性激素會促使致死基因的表達，致死基因是隱性基因。 22．在一個經長期隨機交配形成的自然鼠群中，存在的毛色表現型與基因型的關系如下表(注：AA純合胚胎致死)。請分析回答相關問題： 表現型 黃色 灰色 黑色

32、基因型 Aa1 Aa2 a1a1 a1a2 a2a2 (1)若親本基因型為Aa1×Aa2，則其子代的表現型及比例為________________。 (2)兩只鼠雜交，后代出現三種表現型。則該對親本的基因型是__________________，它們再生一只黑色雄鼠的概率是________。 (3)現有一只黃色雄鼠和多只其他各色的雌鼠，如何利用雜交方法檢測出該雄鼠的基因型？ [實驗思路] ①選用該黃色雄鼠與____________________雜交。 ②_________________________________________________________

33、_______________。 [結果預測] ①如果后代出現____________，則該黃色雄鼠的基因型為Aa1。 ②如果后代出現______________，則該黃色雄鼠的基因型為Aa2。 答案　(1)黃色∶灰色＝2∶1 (2)Aa2、a1a2　1/8 (3)[實驗思路]①多只黑色雌鼠　②觀察子代顏色變化情況 [結果預測]①黃色和灰色?、邳S色和黑色 解析　(1)若親本基因型為Aa1和Aa2，則其子代的基因型和表現型為1AA(死亡)、1Aa1(黃色)、1Aa2(黃色)、1a1a2(灰色)，即有黃色和灰色兩種，比例為2∶1。 (2)由后代有黑色鼠(a2a2)可推知其父母均有

34、a2，又因為后代有3種表現型，所以親本的基因型為Aa2和a1a2，它們再生一只黑色鼠的概率為1/4，小鼠為雌性的概率為1/2，所以是黑色雄鼠的概率為1/8。 (3)要通過雜交方法檢測出黃色雄鼠的基因型，可將該黃色雄鼠與多只黑色雌鼠雜交并觀察后代毛色。如果后代出現黃色和灰色，則該黃色雄鼠的基因型為Aa1；如果后代出現黃色和黑色，則該黃色雄鼠的基因型為Aa2。 二、模擬題 23．(2018·河北衡水三十五模)已知玉米高莖對矮莖為顯性。丙小組為了探究純合高莖玉米植株所結果穗的所有子粒全為純合、全為雜合還是既有純合又有雜合，他們選取了該玉米果穗上的兩粒種子作為親本，單獨隔離種植，結果發(fā)現子代植株

35、全為高莖；由此他們判斷該玉米果穗所有子粒為純種。 (1)老師認為結論不科學，原因是________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________。 (2)請寫出你的實驗設計思路并預測實驗結果。 實驗思路：________________________________________________________________________ ______

36、__________________________________________________________________。 預測三種可能結果及結論： ①________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________。 ②__________________________________________________________________

37、______ ________________________________________________________________________。 ③________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________。 答案　(1)選擇樣本太少，實驗有一定的偶然性，不能代表全部子粒的基因型 (2)用高莖玉米果穗上的全部子粒作親本，單獨隔離種植(或自交

38、)；分別觀察記錄子代植株的高矮情況 ①所有子粒的后代全為高莖，說明該玉米穗上的子粒全為純合子?、谒凶恿５暮蟠扔懈咔o又有矮莖，說明該玉米穗上的子粒全為雜合子?、廴舨糠肿恿５暮蟠珵楦咔o，另一部分子粒的后代既有高莖又有矮莖，說明該玉米穗上的子粒既有純合子也有雜合子 解析　(1)丙小組只選取了該玉米果穗上的兩粒種子作為親本，單獨隔離種植，所以由于選擇樣本太少，實驗有一定的偶然性，不能代表全部子粒的基因型。 (2)實驗思路：用高莖玉米果穗上的全部子粒作親本；單獨隔離種植(或自交)；分別觀察記錄子代植株的高矮情況。 結果預測：①如果所有子粒的后代全為高莖，說明該玉米穗上的子粒全為純合子；②如

39、果所有子粒的后代均既有高莖又有矮莖，說明該玉米穗上的子粒全為雜合子；③如果部分子粒的后代全為高莖，另一部分子粒的后代既有高莖又有矮莖，說明該玉米穗上的子粒既有純合子也有雜合子。 三、高考題 24．(2016·天津高考)鯉魚和鯽魚體內的葡萄糖磷酸異構酶(GPI)是同工酶(結構不同、功能相同的酶)，由兩條肽鏈構成。編碼肽鏈的等位基因在鯉魚中是a1和a2，在鯽魚中是a3和a4，這四個基因編碼的肽鏈P1、P2、P3、P4可兩兩組合成GPI。以雜合體鯉魚(a1a2)為例，其GPI基因、多肽鏈、GPI的電泳(蛋白分離方法)圖譜如下。 請回答相關問題： (1)若一尾鯽魚為純合二倍體，則其體內GP

40、I類型是________。 (2)若鯉魚與鯽魚均為雜合二倍體，則鯉鯽雜交的子一代中，基因型為a2a4個體的比例為________。在其雜交子一代中取一尾魚的組織進行GPI電泳分析，圖譜中會出現________條帶。 (3)鯉鯽雜交育種過程中獲得了四倍體魚。四倍體魚與二倍體鯉魚雜交，對產生的三倍體子代的組織進行GPI電泳分析，每尾魚的圖譜均一致，如下所示。 據圖分析，三倍體的基因型為________，二倍體鯉魚親本為純合體的概率是________。 答案　(1)P3P3或P4P4　(2)25%　3　(3)a1a2a3　100% 解析　(1)鯽魚中編碼GPI肽鏈的等位基因是a3和a4

41、，編碼的肽鏈分別為P3和P4，其純合體(a3a3或a4a4)內GPI類型是P3P3或P4P4。 (2)若鯉魚與鯽魚均為雜合二倍體，則其基因型分別為a1a2、a3a4，鯉鯽雜交子一代中a2a4個體所占比例為1/2×1/2＝1/4，即25%；因鯉鯽雜交子一代均為雜合子，任一尾魚的組織均含有2種不同的肽鏈，其兩兩組合共有3種GPI類型，對其進行電泳分析，圖譜中會出現3條帶。 (3)據圖分析，子代中出現了P1、P2和P3肽鏈，所以產生的三倍體子代的基因型為a1a2a3，親本中四倍體魚最少提供兩種基因(a1a3或a2a3)，則二倍體鯉魚只能提供一種基因(a2或a1)，則鯉魚為純合子。 25．(20

42、15·北京高考節(jié)選)野生型果蠅的腹部和胸部都有短剛毛，而一只突變果蠅S的腹部卻生出長剛毛。研究者對果蠅S的突變進行了系列研究，用這兩種果蠅進行雜交實驗的結果見圖。 (1)根據實驗結果分析，果蠅腹部的短剛毛和長剛毛是一對________性狀，其中長剛毛是________性性狀。圖中①、②基因型(相關基因用A和a表示)依次為________。 (2)實驗2結果顯示：與野生型不同的表現型有________種。③基因型為________，在實驗2后代中該基因型的比例是________。 (3)根據果蠅③和果蠅S基因型的差異，解釋導致前者胸部無剛毛，后者胸部有剛毛的原因：___________

43、___________________。 (4)實驗2中出現的胸部無剛毛的性狀不是由F1新發(fā)生突變的基因控制的，作出這一判斷的理由是：雖然胸部無剛毛是一個新出現的性狀，但__________________________________________________________________，說明控制這個性狀的基因不是一個新突變的基因。 答案　(1)相對　顯　Aa、aa　(2)兩　AA　1/4 (3)兩個A基因抑制胸部長出剛毛，只有一個A基因時無此效應 (4)新的突變基因經過個體繁殖后傳遞到下一代中不可能出現比例高達25%的該基因純合子 解析　(1)根據實驗2可判斷，長剛毛是顯性性狀。實驗1的雜交后代中顯、隱性比例為1∶1，且與性別無關，結合實驗1親本表現型得出實驗1親本雜交方式為測交，相應基因型為Aa×aa。 (2)實驗2中，與野生型不同的表現型有2種，一種是腹部長剛毛、胸部短剛毛，基因型為Aa。另一種是腹部長剛毛、胸部無剛毛，基因型為AA，占全部后代的1/4。 (3)果蠅③腹部長剛毛，胸部無剛毛的原因可能是A基因的純合抑制胸部長出剛毛，只有一個A基因時無此效應。 (4)果蠅③胸部無剛毛是一個新性狀，但由于數量較多，占全部后代的1/4，說明該性狀的出現不是基因突變的結果，而是A基因的純合導致的。 - 14 -