（浙江專用）備戰(zhàn)2022高考物理一輪復(fù)習(xí) 第三部分 加試30分題型強(qiáng)化練（四）

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1、（浙江專用）備戰(zhàn)2022高考物理一輪復(fù)習(xí) 第三部分 加試30分題型強(qiáng)化練（四） 二、選擇題Ⅱ 14.加試題 下列關(guān)于近代物理的說(shuō)法正確的是(　　) A．α粒子的穿透能力比β粒子的穿透能力強(qiáng)，故α粒子容易使金屬發(fā)生光電效應(yīng) B．重核裂變?yōu)橹械荣|(zhì)量的核時(shí)，要發(fā)生質(zhì)量虧損，放出核能 C．光是一種概率波，因此光子通過(guò)狹縫到達(dá)的位置可以由波動(dòng)規(guī)律來(lái)描述 D．半衰期對(duì)某個(gè)原子核而言，是指在一個(gè)半衰期內(nèi)，其衰變的概率為 15.加試題 (2018·嘉興市期末)如圖1所示，一列簡(jiǎn)諧波在x軸上傳播，實(shí)線和虛線分別表示前后間隔1 s的兩個(gè)時(shí)刻的波形圖，則這列簡(jiǎn)諧波的波速可能是(　　) 圖1 A

2、．0.60 m/s B．0.75 m/s C．1.05 m/s D．1.15 m/s 16.加試題 如圖2所示，圖中的變壓器為理想變壓器，原線圈匝數(shù)n1與副線圈匝數(shù)n2之比為10∶1，電容器與燈泡并聯(lián)接在副線圈上，已知發(fā)電機(jī)線圈面積為 m2，共800匝，發(fā)電機(jī)線圈的電阻不計(jì)，線圈在B＝ T的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞其垂直于磁場(chǎng)的對(duì)稱軸OO′以轉(zhuǎn)速n＝600 r/min勻速轉(zhuǎn)動(dòng)(OO′為磁場(chǎng)的邊界)，在合上開關(guān)S后燈泡正常工作，其阻值為100 Ω，則下列說(shuō)法正確的是(電流表為理想電表)(　　) 圖2 A．電容器的耐壓值至少為80 V B．電流表的示數(shù)為0.8 A C．燈泡的額定功

3、率為64 W D．若減小發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速，則燈泡的實(shí)際功率將減小 三、非選擇題 21.加試題 (1)在“探究單擺周期與擺長(zhǎng)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)按如圖3所示的實(shí)驗(yàn)裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)．甲、乙兩圖是從不同角度對(duì)同一實(shí)驗(yàn)裝置拍攝所得，甲圖為擺球靜止在平衡位置的情形，乙圖為擺球在紙面內(nèi)振動(dòng)過(guò)程中某一時(shí)刻的情形．根據(jù)圖示，請(qǐng)指出該同學(xué)實(shí)驗(yàn)過(guò)程中2個(gè)不正確之處： ①________________________________________________________________________； ②_____________________________________________

4、___________________________. 圖3 (2)在“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，如圖4所示的氣墊導(dǎo)軌上放置著帶有遮光板的滑塊A、B，測(cè)得的質(zhì)量分別為m1和m2，遮光板的寬度相同．實(shí)驗(yàn)中，用細(xì)線將兩個(gè)滑塊拉近使彈簧壓縮，然后燒斷細(xì)線，彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)，兩個(gè)滑塊彈開，測(cè)得它們通過(guò)光電門的速度分別為v1、v2，用測(cè)量的物理量表示動(dòng)量守恒應(yīng)滿足的關(guān)系式__________；本實(shí)驗(yàn)選用氣墊導(dǎo)軌的根本目的是________________________________________________________________________ ______________

5、__________________________________________________________. 圖4 22.加試題 兩足夠長(zhǎng)且不計(jì)電阻的光滑金屬軌道，如圖5甲所示放置，間距為d＝1 m，在左端弧形軌道部分高h(yuǎn)＝1.25 m處放置一金屬桿a，弧形軌道末端與平直軌道相切，在平直軌道右端放置另一金屬桿b，桿a、b電阻Ra＝2 Ω、Rb＝5 Ω，在平直軌道區(qū)域有豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝2 T．現(xiàn)桿b以初速度v0＝5 m/s開始向左滑動(dòng)，同時(shí)由靜止釋放桿a，桿a由靜止滑到水平軌道的過(guò)程中，通過(guò)桿b的平均電流為0.3 A；從a下滑到水平軌道時(shí)開始計(jì)時(shí)，a、b桿運(yùn)動(dòng)

6、的速度－時(shí)間圖象如圖乙所示(以a運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎?，其中ma＝2 kg，mb＝1 kg，g＝10 m/s2，a、b桿與軌道始終接觸良好且垂直于軌道，求： 圖5 (1)桿a在弧形軌道上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間； (2)桿a在水平軌道上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中通過(guò)其橫截面的電荷量； (3)在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中桿b產(chǎn)生的焦耳熱． 23.加試題 如圖6所示，在兩個(gè)水平平行金屬極板間存在著豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小分別為E＝2×106 N/C和B1＝0.1 T，極板的長(zhǎng)度l＝ m，間距足夠大．在板的右側(cè)還存在

7、著另一圓形區(qū)域的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的方向?yàn)榇怪庇诩埫嫦蛲猓瑘A形區(qū)域的圓心O位于平行金屬極板的中線上，圓形區(qū)域的半徑R＝ m．有一帶正電的粒子以某速度沿極板的中線水平向右飛入極板后恰好做勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后進(jìn)入圓形磁場(chǎng)區(qū)域，飛出圓形磁場(chǎng)區(qū)域后速度方向偏轉(zhuǎn)了60°，不計(jì)粒子的重力，粒子的比荷＝2×108 C/kg. 圖6 (1)求粒子沿極板的中線飛入的初速度大小v0； (2)求圓形區(qū)域磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B2的大?。? (3)在其他條件都不變的情況下，將極板間的磁場(chǎng)B1撤去，為使粒子飛出極板后不能進(jìn)入圓形區(qū)域的磁場(chǎng)，求圓形區(qū)域的圓心O離極板右邊緣的水平距離d應(yīng)滿足的條件．

8、 答案精析 14．BCD　[α粒子的穿透能力比β粒子的穿透能力弱，故A錯(cuò)誤；核裂變釋放的能量來(lái)源于裂變過(guò)程中的質(zhì)量虧損，故B正確；根據(jù)對(duì)光的波動(dòng)性的解釋可知，光波是一種概率波，光的波粒二象性中的“波”，是指光子在空間各點(diǎn)出現(xiàn)的可能機(jī)會(huì)(概率)，可用波動(dòng)規(guī)律來(lái)描述，故C正確；放射性元素的半衰期對(duì)某個(gè)原子核而言，是指在一個(gè)半衰期內(nèi)，其衰變的概率為，即：對(duì)于一個(gè)特定的可發(fā)生衰變的原子，我們只知道它發(fā)生衰變的概率，并不知道它將何時(shí)發(fā)生衰變，故D正確．] 15．BC 16．ACD　[轉(zhuǎn)速n＝600 r/min＝10 r/s，線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度ω＝2πn＝20π rad/s，線圈勻速轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)

9、生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值Em＝NBSω＝800××××20π V＝800 V，原線圈兩端電壓的有效值U1＝ V＝800 V，根據(jù)原、副線圈兩端電壓與匝數(shù)成正比，得U2＝80 V，電容器的最小耐壓值為副線圈兩端電壓的最大值80 V，故A正確；電流表的示數(shù)為有效值，I＝＝ A＝0.8 A，故B錯(cuò)誤；燈泡的額定功率P＝＝ W＝64 W，故C正確；減小發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速，線圈轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)變小，變壓器原線圈輸入電壓減小，輸出電壓減小，根據(jù)P＝，燈泡的實(shí)際功率減小，故D正確．] 21．(1)懸點(diǎn)未固定　擺角過(guò)大　擺球體積過(guò)大(寫出2點(diǎn)即可) (2)m1v1－m2v2＝0　使物體不受摩擦力作用，系統(tǒng)

10、所受合外力為零 解析　(2)由動(dòng)量守恒定律可知，需要滿足的關(guān)系式為：m1v1－m2v2＝0，用氣墊導(dǎo)軌做實(shí)驗(yàn)，滑塊在氣流的作用下懸浮在軌道上，可以認(rèn)為滑塊不受摩擦力，使系統(tǒng)所受合外力為零，滿足動(dòng)量守恒的條件． 22．(1)5 s　(2) C　(3) J 解析　(1)對(duì)b桿運(yùn)用動(dòng)量定理，有： BdΔt＝mb(v0－vb0)，其中vb0＝2 m/s，代入數(shù)據(jù)解得：Δt＝5 s (2)對(duì)桿a下滑的過(guò)程中，由機(jī)械能守恒定律得： magh＝mav，解得va＝＝5 m/s 設(shè)最后兩桿共同的速度為v′，由動(dòng)量守恒定律得 mava－mbvb0＝(ma＋mb)v′ 代入數(shù)據(jù)得v′＝ m/s

11、桿a動(dòng)量變化量的大小等于它所受安培力的沖量大小，由動(dòng)量定理可得I安＝BIdΔt′＝mava－mav′， 而q＝IΔt′ 聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)得q＝ C (3)由能量守恒得，a、b桿組成的系統(tǒng)產(chǎn)生的焦耳熱為 Q＝magh＋mbv－(mb＋ma)v′2＝ J b桿產(chǎn)生的焦耳熱為Q′＝ Q＝ J. 23．(1) 2×107 m/s　 (2) 0.1 T　(3) d≥ m 解析　(1)粒子在極板間做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則：qv0B1＝qE，代入數(shù)據(jù)解得：v0＝2×107 m/s (2)設(shè)粒子在圓形區(qū)域磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r， 則qv0B2＝m， 粒子速度方向偏轉(zhuǎn)了60°，則r＝， 代入數(shù)據(jù)解得：B2＝0.1 T (3)撤去磁場(chǎng)B1后，粒子在極板間做類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)在板間運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，運(yùn)動(dòng)的加速度為a，飛出電場(chǎng)時(shí)豎直方向的速度為vy，速度的偏轉(zhuǎn)角為θ，則 qE＝ma，l＝v0t，vy＝at，tan θ＝， 聯(lián)立解得tan θ＝，即θ＝30°. 設(shè)粒子飛出電場(chǎng)后速度恰好與圓形區(qū)域的邊界相切時(shí)，圓心O離極板右邊緣的水平距離為d1，如圖所示，則 d1＝－， 代入數(shù)據(jù)解得：d1＝ m. 所以d≥ m.