高考物理總復(fù)習(xí) 第九章 磁場能力課 帶電粒子在復(fù)合場中的運動課件

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1、能力課帶電粒子在復(fù)合場中的運動能力課帶電粒子在復(fù)合場中的運動熱考點熱考點帶電粒子在復(fù)合場中運帶電粒子在復(fù)合場中運動的實例分析動的實例分析命題角度命題角度1質(zhì)譜儀的原理和分析質(zhì)譜儀的原理和分析1. .作用作用測量帶電粒子質(zhì)量和分離同位素的儀器。測量帶電粒子質(zhì)量和分離同位素的儀器。2.原理原理(如圖如圖1所示所示)圖圖1圖圖2答案答案D命題角度命題角度2回旋加速器的原理和分析回旋加速器的原理和分析4. .回旋加速器的解題思路回旋加速器的解題思路(1)帶電粒子在縫隙的電場中加速、交變電流的周期與磁場帶電粒子在縫隙的電場中加速、交變電流的周期與磁場周期相等，每經(jīng)過磁場一次，粒子加速一次。周期相等，每經(jīng)

2、過磁場一次，粒子加速一次。(2)帶電粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)、半徑不斷增大，周期不變，最帶電粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)、半徑不斷增大，周期不變，最大動能與大動能與D形盒的半徑有關(guān)。形盒的半徑有關(guān)?！纠纠?】(2017常州模擬常州模擬)回旋加速器是加速帶電回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻交流電源粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻交流電源兩極相連接的兩個兩極相連接的兩個D形金屬盒，兩盒間的狹縫中形金屬盒，兩盒間的狹縫中形成周期性變化的電場，使粒子在通過狹縫時都形成周期性變化的電場，使粒子在通過狹縫時都能得到加速，兩能得到加速，兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻形金屬盒處于垂直于盒底的勻強磁場中，

3、如圖強磁場中，如圖3所示。設(shè)所示。設(shè)D形盒半徑為形盒半徑為R。若用。若用回旋加速器加速質(zhì)子時，勻強磁場的磁感應(yīng)強度回旋加速器加速質(zhì)子時，勻強磁場的磁感應(yīng)強度為為B，高頻交流電頻率為，高頻交流電頻率為f。則下列說法正確的是。則下列說法正確的是()A. .質(zhì)子被加速后的最大速度不可能超過質(zhì)子被加速后的最大速度不可能超過2fRB. .質(zhì)子被加速后的最大速度與加速電場的電壓大小有關(guān)質(zhì)子被加速后的最大速度與加速電場的電壓大小有關(guān)C. .高頻電源只能使用矩形交變電流，不能使用正弦式交變電高頻電源只能使用矩形交變電流，不能使用正弦式交變電流流D. .不改變不改變B和和f，該回旋加速器也能用于加速，該回旋加速

4、器也能用于加速粒子粒子圖圖3答案答案A命題角度命題角度3霍爾效應(yīng)的原理和分析霍爾效應(yīng)的原理和分析1. .定義：定義：高為高為h，寬為，寬為d的金屬導(dǎo)體的金屬導(dǎo)體(自由電荷是電子自由電荷是電子)置于勻強置于勻強磁場磁場B中，當電流通過金屬導(dǎo)體時，在金屬導(dǎo)體的上表面中，當電流通過金屬導(dǎo)體時，在金屬導(dǎo)體的上表面A和下表面和下表面A之間產(chǎn)生電勢差，這種現(xiàn)象稱為霍爾效應(yīng)，此電之間產(chǎn)生電勢差，這種現(xiàn)象稱為霍爾效應(yīng)，此電壓稱為霍爾電壓。壓稱為霍爾電壓。2.電勢高低的判斷：電勢高低的判斷：如圖如圖4，金屬導(dǎo)體中的電流，金屬導(dǎo)體中的電流I向右時，根據(jù)向右時，根據(jù)左手定則可得，下表面左手定則可得，下表面A的電勢高

5、。的電勢高。圖圖4圖圖5答案答案D命題角度命題角度4速度選擇器、磁流體發(fā)電機速度選擇器、磁流體發(fā)電機【例【例4】在如圖在如圖6所示的平行板器件中，電場強度所示的平行板器件中，電場強度E和磁感應(yīng)和磁感應(yīng)強度強度B相互垂直。一帶電粒子相互垂直。一帶電粒子(重力不計重力不計)從左端以速度從左端以速度v沿虛沿虛線射入后做直線運動，則該粒子線射入后做直線運動，則該粒子()圖圖6答案答案B【變式訓(xùn)練】【變式訓(xùn)練】(多選多選)目前世界上正研究的一種新型發(fā)電機叫目前世界上正研究的一種新型發(fā)電機叫磁流體發(fā)電機，如圖磁流體發(fā)電機，如圖7所示表示它的發(fā)電原理：將一束等離所示表示它的發(fā)電原理：將一束等離子體子體(即高

6、溫下電離的氣體，含有大量帶正電和負電的粒子，即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和負電的粒子，而從整體來說呈中性而從整體來說呈中性)沿圖中所示方向噴射入磁場，磁場中沿圖中所示方向噴射入磁場，磁場中有兩塊金屬板有兩塊金屬板A、B，這時金屬板上就聚集了電荷。在磁極，這時金屬板上就聚集了電荷。在磁極配置如圖中所示的情況下，下列說法正確的是配置如圖中所示的情況下，下列說法正確的是()圖圖7A. .A板帶正電板帶正電B. .有電流從有電流從b經(jīng)用電器流向經(jīng)用電器流向aC. .金屬板金屬板A、B間的電場方向向下間的電場方向向下D. .等離子體發(fā)生偏轉(zhuǎn)的原因是離子所受洛倫茲力大于所受電等離子體發(fā)生偏轉(zhuǎn)的原因是

7、離子所受洛倫茲力大于所受電場力場力解析解析由左手定則，由左手定則，A板帶負電，則電流從板帶負電，則電流從b經(jīng)用電器流向經(jīng)用電器流向a，金屬板間的電場方向向上，故選項金屬板間的電場方向向上，故選項B、D正確。正確。答案答案BD解決實際問題的一般過程：解決實際問題的一般過程：?？键c常考點帶電粒子在復(fù)合場中的運動帶電粒子在復(fù)合場中的運動命題角度命題角度1帶電粒子在組合場中的運動帶電粒子在組合場中的運動帶電粒子在組合場中的運動，實際上是幾個典型運動過程的帶電粒子在組合場中的運動，實際上是幾個典型運動過程的組合組合(如：電場中的加速直線運動、類平拋運動；磁場中的如：電場中的加速直線運動、類平拋運動；磁場

8、中的勻速圓周運動勻速圓周運動)，因此解決此類問題要分段處理，找出各段，因此解決此類問題要分段處理，找出各段之間的銜接點和相關(guān)物理量。之間的銜接點和相關(guān)物理量。【例【例5】(2017天津理綜，天津理綜，11)平面直角坐標系平面直角坐標系xOy中，第中，第象限存在垂直于平面向里的勻強磁場，象限存在垂直于平面向里的勻強磁場，第第象限存在沿象限存在沿y軸負方向的勻強電場，如圖軸負方向的勻強電場，如圖8所所示。一帶負電的粒子從電場中的示。一帶負電的粒子從電場中的Q點以速度點以速度v0沿沿x軸正方向開始運動，軸正方向開始運動，Q點到點到y(tǒng)軸的距離為到軸的距離為到x軸距離軸距離的的2倍。粒子從坐標原點倍。粒

9、子從坐標原點O離開電場進入磁場，最離開電場進入磁場，最終從終從x軸上的軸上的P點射出磁場，點射出磁場，P點到點到y(tǒng)軸距離與軸距離與Q點點到到y(tǒng)軸距離相等。不計粒子重力，問：軸距離相等。不計粒子重力，問：(1)粒子到達粒子到達O點時速度的大小和方向；點時速度的大小和方向；(2)電場強度和磁感應(yīng)強度的大小之比。電場強度和磁感應(yīng)強度的大小之比。圖圖8解析解析(1)在電場中，粒子做類平拋運動，在電場中，粒子做類平拋運動，設(shè)設(shè)Q點到點到x軸距離為軸距離為L，到，到y(tǒng)軸距離為軸距離為2L，粒子的加速度為，粒子的加速度為a，運動時間為運動時間為t，有，有設(shè)粒子到達設(shè)粒子到達O點時沿點時沿y軸方向的分速度為軸

10、方向的分速度為vyvyat(2)設(shè)電場強度為設(shè)電場強度為E，粒子電荷量為，粒子電荷量為q，質(zhì)量為，質(zhì)量為m，粒子在電場，粒子在電場中受到的電場力為中受到的電場力為F，由牛頓第二定律可得由牛頓第二定律可得Fma又又FqE設(shè)磁場的磁感應(yīng)強度大小為設(shè)磁場的磁感應(yīng)強度大小為B，粒子在磁場中做勻速圓周運動，粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑為的半徑為R，所受的洛倫茲力提供向心力，有，所受的洛倫茲力提供向心力，有“5步步”突破帶電粒子在組合場中的運動問題突破帶電粒子在組合場中的運動問題命題角度命題角度2帶電粒子在疊加場中的運動帶電粒子在疊加場中的運動1. .磁場力、重力并存磁場力、重力并存(1)若重力和洛倫

11、茲力平衡，則帶電體做勻速直線運動。若重力和洛倫茲力平衡，則帶電體做勻速直線運動。(2)若重力和洛倫茲力不平衡，則帶電體將做復(fù)雜的曲線運若重力和洛倫茲力不平衡，則帶電體將做復(fù)雜的曲線運動，因洛倫茲力不做功，故機械能守恒。動，因洛倫茲力不做功，故機械能守恒。2. .電場力、磁場力并存電場力、磁場力并存(不計重力不計重力)(1)若電場力和洛倫茲力平衡，則帶電體做勻速直線運動。若電場力和洛倫茲力平衡，則帶電體做勻速直線運動。(2)若電場力和洛倫茲力不平衡，則帶電體做復(fù)雜的曲線運若電場力和洛倫茲力不平衡，則帶電體做復(fù)雜的曲線運動，可用動能定理求解。動，可用動能定理求解。3. .電場力、磁場力、重力并存電

12、場力、磁場力、重力并存(1)若三力平衡，帶電體做勻速直線運動。若三力平衡，帶電體做勻速直線運動。(2)若重力與電場力平衡，帶電體做勻速圓周運動。若重力與電場力平衡，帶電體做勻速圓周運動。(3)若合力不為零，帶電體可能做復(fù)雜的曲線運動，可用能若合力不為零，帶電體可能做復(fù)雜的曲線運動，可用能量守恒定律或動能定理求解。量守恒定律或動能定理求解?！纠纠?】(2018廣東惠州一調(diào)廣東惠州一調(diào))平面平面OM和水平面和水平面ON之間的之間的夾角為夾角為30，其橫截面如圖，其橫截面如圖9所示，平面所示，平面OM和水平面和水平面ON之間同時存在勻強磁場和勻強電場，磁感應(yīng)強度大小為之間同時存在勻強磁場和勻強電場

13、，磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直于紙面向外，勻強電場的方向豎直向上。一帶電方向垂直于紙面向外，勻強電場的方向豎直向上。一帶電小球的質(zhì)量為小球的質(zhì)量為m、帶電荷量為、帶電荷量為q，帶電小球沿紙面以大小為，帶電小球沿紙面以大小為v0的速度從的速度從OM的某點沿左上方射入磁場，速度方向與的某點沿左上方射入磁場，速度方向與OM成成30角，帶電小球進入磁場后恰好做勻速圓周運動，已角，帶電小球進入磁場后恰好做勻速圓周運動，已知帶電小球在磁場中的運動軌跡與知帶電小球在磁場中的運動軌跡與ON恰好相切，且?guī)щ娦∏『孟嗲?，且?guī)щ娦∏蚰軓那蚰軓腛M上另一點上另一點P射出磁場射出磁場(P未畫出未畫出)。(1)判斷帶電小

14、球帶何種電荷？所加電場強度判斷帶電小球帶何種電荷？所加電場強度E為多大？為多大？(2)帶電小球離開磁場的出射點帶電小球離開磁場的出射點P到兩平面交點到兩平面交點O的距離的距離s為多為多大？大？(3)帶電小球離開磁場后繼續(xù)運動，能打在左側(cè)豎直的光屏帶電小球離開磁場后繼續(xù)運動，能打在左側(cè)豎直的光屏OO上，求打在光屏上的點到上，求打在光屏上的點到O點的距離。點的距離。圖圖9解析解析(1)根據(jù)題意知，小球受到的電場力與重力平衡，小球根據(jù)題意知，小球受到的電場力與重力平衡，小球所受的合力等于洛倫茲力，則帶電小球帶正電荷。所受的合力等于洛倫茲力，則帶電小球帶正電荷。帶電粒子在復(fù)合場中運動的分析方法帶電粒子

15、在復(fù)合場中運動的分析方法命題角度命題角度3帶電粒子在交變電磁場中的運動帶電粒子在交變電磁場中的運動(1)帶電粒子進入磁場做圓周運動的最小半徑；帶電粒子進入磁場做圓周運動的最小半徑；(2)帶電粒子射出電場時的最大速度；帶電粒子射出電場時的最大速度；(3)帶電粒子打在屏幕上的范圍。帶電粒子打在屏幕上的范圍。圖圖10審題指導(dǎo)審題指導(dǎo)第一步：抓關(guān)鍵點第一步：抓關(guān)鍵點關(guān)鍵點關(guān)鍵點獲取信息獲取信息電場可視電場可視作是恒定作是恒定不變的不變的電場是勻強電場，帶電粒子做類電場是勻強電場，帶電粒子做類平拋運動平拋運動最小半徑最小半徑當加速電壓為零時，帶電粒子進當加速電壓為零時，帶電粒子進入磁場時的速率最小，半徑

16、最小入磁場時的速率最小，半徑最小最大速度最大速度由動能定理可知，當加速電壓最由動能定理可知，當加速電壓最大時，粒子的速度最大，但應(yīng)注大時，粒子的速度最大，但應(yīng)注意粒子能否從極板中飛出意粒子能否從極板中飛出第二步：找突破口第二步：找突破口(1)要求圓周運動的最小半徑，由帶電粒子在勻強磁場中做勻要求圓周運動的最小半徑，由帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的半徑公式可知，應(yīng)先求最小速度，后列方程求速圓周運動的半徑公式可知，應(yīng)先求最小速度，后列方程求解。解。(2)要求粒子射出電場時的最大速度，應(yīng)先根據(jù)平拋運動規(guī)律要求粒子射出電場時的最大速度，應(yīng)先根據(jù)平拋運動規(guī)律求出帶電粒子能從極板間飛出所應(yīng)加的板間電

17、壓的范圍，后求出帶電粒子能從極板間飛出所應(yīng)加的板間電壓的范圍，后結(jié)合動能定理列方程求解。結(jié)合動能定理列方程求解。(3)要求粒子打在屏幕上的范圍，應(yīng)先綜合分析帶電粒子的運要求粒子打在屏幕上的范圍，應(yīng)先綜合分析帶電粒子的運動過程，畫出運動軌跡，后結(jié)合幾何知識列方程求解。動過程，畫出運動軌跡，后結(jié)合幾何知識列方程求解。解析解析(1)t0時刻射入電場的帶電粒子不被加速，進入磁場時刻射入電場的帶電粒子不被加速，進入磁場做圓周運動的半徑最小。做圓周運動的半徑最小。其運動的徑跡如圖中曲線其運動的徑跡如圖中曲線所示。所示。代入數(shù)據(jù)，解得代入數(shù)據(jù)，解得U1100 V在電壓低于在電壓低于100 V時，帶電粒子才能

18、從兩板間射出電場，電壓高時，帶電粒子才能從兩板間射出電場，電壓高于于100 V時，帶電粒子打在極板上，不能從兩板間射出。帶電粒時，帶電粒子打在極板上，不能從兩板間射出。帶電粒子剛好從極板邊緣射出電場時，速度最大，子剛好從極板邊緣射出電場時，速度最大，(3)由第由第(1)問計算可知，問計算可知，t0時刻射入電場的粒子在磁場中做時刻射入電場的粒子在磁場中做圓周運動的半徑圓周運動的半徑rmind0.2 m，徑跡恰與屏幕相切，設(shè)切點，徑跡恰與屏幕相切，設(shè)切點為為E，E為帶電粒子打在屏幕上的最高點，為帶電粒子打在屏幕上的最高點，帶電粒子射出電場時的速度最大時，在磁場中做圓周運動的帶電粒子射出電場時的速度

19、最大時，在磁場中做圓周運動的半徑最大，打在屏幕上的位置最低。半徑最大，打在屏幕上的位置最低。設(shè)帶電粒子以最大速度射出電場進入磁場中做圓周運動的半設(shè)帶電粒子以最大速度射出電場進入磁場中做圓周運動的半徑為徑為rmax，打在屏幕上的位置為，打在屏幕上的位置為F，運動徑跡如圖中曲線，運動徑跡如圖中曲線所所示。示。由數(shù)學(xué)知識可得運動徑跡的圓心必落在屏幕上，如圖中由數(shù)學(xué)知識可得運動徑跡的圓心必落在屏幕上，如圖中Q點所點所示，并且示，并且Q點必與點必與M板在同一水平線上。則板在同一水平線上。則帶電粒子打在屏幕上的最低點為帶電粒子打在屏幕上的最低點為F，則，則即帶電粒子打在屏幕上即帶電粒子打在屏幕上O上方上方

20、0.2 m到到O下方下方0.18 m的范圍內(nèi)。的范圍內(nèi)。答案答案(1)0.2 m(2)1.414105 m/s(3)O上方上方0.2 m到到O下方下方0.18 m的范圍內(nèi)的范圍內(nèi)解決帶電粒子在交變電磁場中的運動問題的基本思路解決帶電粒子在交變電磁場中的運動問題的基本思路帶電粒子在復(fù)合場中的運動帶電粒子在復(fù)合場中的運動實例拓展實例拓展題源一：人教版選修題源一：人教版選修31P100例題例題一個質(zhì)量為一個質(zhì)量為m、電荷量為、電荷量為q的粒子，從容器的粒子，從容器A下下方的小孔方的小孔S1飄入電勢差為飄入電勢差為U的加速電場，其初的加速電場，其初速度幾乎為速度幾乎為0，然后經(jīng)過，然后經(jīng)過S3沿著與磁

21、場垂直的沿著與磁場垂直的方向進入磁感應(yīng)強度為方向進入磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，最后的勻強磁場中，最后打到照相底片打到照相底片D上上(圖圖3.64)。圖圖3.64(1)求粒子進入磁場時的速率。求粒子進入磁場時的速率。(2)求粒子在磁場中運動的軌道半徑。求粒子在磁場中運動的軌道半徑。拓展拓展1(2016全國卷全國卷，15)現(xiàn)代質(zhì)譜儀可用來分析比質(zhì)子重現(xiàn)代質(zhì)譜儀可用來分析比質(zhì)子重很多倍的離子，其示意圖如圖很多倍的離子，其示意圖如圖11所示，其中加速電壓恒定。所示，其中加速電壓恒定。質(zhì)子在入口處從靜止開始被加速電場加速，經(jīng)勻強磁場偏轉(zhuǎn)質(zhì)子在入口處從靜止開始被加速電場加速，經(jīng)勻強磁場偏轉(zhuǎn)后從出口離開磁

22、場。若某種一價正離子在入口處從靜止開始后從出口離開磁場。若某種一價正離子在入口處從靜止開始被同一加速電場加速，為使它經(jīng)勻強磁場偏轉(zhuǎn)后仍從同一出被同一加速電場加速，為使它經(jīng)勻強磁場偏轉(zhuǎn)后仍從同一出口離開磁場，需將磁感應(yīng)強度增加到原來的口離開磁場，需將磁感應(yīng)強度增加到原來的12倍。此離子和倍。此離子和質(zhì)子的質(zhì)量比約為質(zhì)子的質(zhì)量比約為()A. .11 B. .12 C. .121 D. .144圖圖11解析解析設(shè)質(zhì)子的質(zhì)量和電荷量分別為設(shè)質(zhì)子的質(zhì)量和電荷量分別為m1、q1，一價正離子的，一價正離子的質(zhì)量和電荷量為質(zhì)量和電荷量為m2、q2。對于任意粒子，在加速電場中，由。對于任意粒子，在加速電場中，由

23、動能定理得動能定理得答案答案D拓展拓展2(2017江蘇單科，江蘇單科，15)一臺質(zhì)譜儀的工作原理如圖一臺質(zhì)譜儀的工作原理如圖12所所示。大量的甲、乙兩種離子飄入電壓為示。大量的甲、乙兩種離子飄入電壓為U0的加速電場，其的加速電場，其初速度幾乎為初速度幾乎為0，經(jīng)加速后，通過寬為，經(jīng)加速后，通過寬為L的狹縫的狹縫MN沿著與磁沿著與磁場垂直的方向進入磁感應(yīng)強度為場垂直的方向進入磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，最后打到的勻強磁場中，最后打到照相底片上。已知甲、乙兩種離子的電荷量均為照相底片上。已知甲、乙兩種離子的電荷量均為q，質(zhì)量，質(zhì)量分別為分別為2m和和m，圖，圖12中虛線為經(jīng)過狹縫左、右邊界中虛線為

24、經(jīng)過狹縫左、右邊界M、N的的甲種離子的運動軌跡。不考慮離子間的相互作用。甲種離子的運動軌跡。不考慮離子間的相互作用。圖圖12(1)求甲種離子打在底片上的位置到求甲種離子打在底片上的位置到N點的最小距離點的最小距離x；(2)在圖中用斜線標出磁場中甲種離子經(jīng)過的區(qū)域，并求該區(qū)在圖中用斜線標出磁場中甲種離子經(jīng)過的區(qū)域，并求該區(qū)域最窄處的寬度域最窄處的寬度d；(3)若考慮加速電壓有波動，在若考慮加速電壓有波動，在(U0U)到到(U0U)之間變化，之間變化，要使甲、乙兩種離子在底片上沒有重疊，求狹縫寬度要使甲、乙兩種離子在底片上沒有重疊，求狹縫寬度L滿足的滿足的條件。條件。解析解析(1)設(shè)甲種離子在磁場

25、中的運動半徑為設(shè)甲種離子在磁場中的運動半徑為r1，(3)設(shè)乙種離子在磁場中的運動半徑為設(shè)乙種離子在磁場中的運動半徑為r2，解題關(guān)鍵幾何關(guān)系的應(yīng)用解題關(guān)鍵幾何關(guān)系的應(yīng)用帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動時，要用到幾何關(guān)系，帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動時，要用到幾何關(guān)系，主要是通過作輔助線構(gòu)建直角三角形等，利用三角函數(shù)、勾主要是通過作輔助線構(gòu)建直角三角形等，利用三角函數(shù)、勾股定理求解，或是通過作垂線段、切線及對稱性等求解。股定理求解，或是通過作垂線段、切線及對稱性等求解。圖圖3.58速度選擇器速度選擇器拓展拓展1如圖如圖13所示，在兩水平極板間存在勻強電場和勻強磁所示，在兩水平極板間存在勻強

26、電場和勻強磁場，電場方向豎直向下，磁場方向垂直于紙面向里。一帶電場，電場方向豎直向下，磁場方向垂直于紙面向里。一帶電粒子以某一速度沿水平直線通過兩極板。若不計重力，下列粒子以某一速度沿水平直線通過兩極板。若不計重力，下列四個物理量中哪一個改變時，粒子運動軌跡不會改變四個物理量中哪一個改變時，粒子運動軌跡不會改變()A. .粒子速度的大小粒子速度的大小 B. .粒子所帶電荷量粒子所帶電荷量C. .電場強度電場強度 D. .磁感應(yīng)強度磁感應(yīng)強度圖圖13解析解析由題意知，粒子受到電場力和洛倫茲力，做勻速直線由題意知，粒子受到電場力和洛倫茲力，做勻速直線運動，則有運動，則有qvBqE，即有，即有vBE

27、，改變粒子速度的大小，則，改變粒子速度的大小，則洛倫茲力隨之改變，洛倫茲力與電場力不再平衡，粒子的軌洛倫茲力隨之改變，洛倫茲力與電場力不再平衡，粒子的軌跡將發(fā)生改變，故選項跡將發(fā)生改變，故選項A錯誤；由錯誤；由vBE知粒子的電荷量改變知粒子的電荷量改變時，洛倫茲力與電場力大小同時改變，兩個力仍然平衡，故時，洛倫茲力與電場力大小同時改變，兩個力仍然平衡，故粒子的軌跡不發(fā)生改變，故選項粒子的軌跡不發(fā)生改變，故選項B正確；改變電場強度，電場正確；改變電場強度，電場力將改變，洛倫茲力與電場力不再平衡，粒子的軌跡將發(fā)生力將改變，洛倫茲力與電場力不再平衡，粒子的軌跡將發(fā)生改變，故選項改變，故選項C錯誤；改

28、變磁感應(yīng)強度，洛倫茲力將改變，洛錯誤；改變磁感應(yīng)強度，洛倫茲力將改變，洛倫茲力與電場力不再平衡，粒子的軌跡將發(fā)生改變，故選項倫茲力與電場力不再平衡，粒子的軌跡將發(fā)生改變，故選項D錯誤。錯誤。答案答案B拓展拓展2(多選多選)質(zhì)量為質(zhì)量為m、電荷量為、電荷量為q的微粒以速度的微粒以速度v與水平方與水平方向成向成角從角從O點進入方向如圖點進入方向如圖14所示的正交的勻強電場和勻所示的正交的勻強電場和勻強磁場組成的混合場區(qū)，該微粒在電場力、洛倫茲力和重力強磁場組成的混合場區(qū)，該微粒在電場力、洛倫茲力和重力的共同作用下，恰好沿直線運動到的共同作用下，恰好沿直線運動到A，下列說法正確的是，下列說法正確的是

29、()圖圖14答案答案AC拓展拓展3(多選多選)如圖如圖15所示，一帶電小球在一正交電場、磁場所示，一帶電小球在一正交電場、磁場區(qū)域里做勻速圓周運動，電場方向豎直向下，磁場方向垂直區(qū)域里做勻速圓周運動，電場方向豎直向下，磁場方向垂直紙面向里，則下列說法正確的是紙面向里，則下列說法正確的是()A. .小球一定帶正電小球一定帶正電B. .小球一定帶負電小球一定帶負電C. .小球的繞行方向為順時針小球的繞行方向為順時針D. .改變小球的速度大小，小球?qū)⒉蛔鰣A周運動改變小球的速度大小，小球?qū)⒉蛔鰣A周運動圖圖15解析解析由于小球做勻速圓周運動，有由于小球做勻速圓周運動，有qEmg，電場力方向豎，電場力方向

30、豎直向上，所以小球一定帶負電，故選項直向上，所以小球一定帶負電，故選項A錯誤，錯誤，B正確；洛倫正確；洛倫茲力提供小球做圓周運動的向心力，由左手定則可判定小球茲力提供小球做圓周運動的向心力，由左手定則可判定小球繞行方向為順時針，故選項繞行方向為順時針，故選項C正確；改變小球速度大小，小球正確；改變小球速度大小，小球仍做圓周運動，選項仍做圓周運動，選項D錯誤。錯誤。答案答案BC拓展拓展4(2017全國卷全國卷，16)如圖如圖16，空間某區(qū)域存在勻強電，空間某區(qū)域存在勻強電場和勻強磁場，電場方向豎直向上場和勻強磁場，電場方向豎直向上(與紙面平行與紙面平行)，磁場方向，磁場方向垂直于紙面向里，三個帶

31、正電的微粒垂直于紙面向里，三個帶正電的微粒a、b、c電荷量相等，電荷量相等，質(zhì)量分別為質(zhì)量分別為ma、mb、mc，已知在該區(qū)域內(nèi)，已知在該區(qū)域內(nèi)，a在紙面內(nèi)做勻在紙面內(nèi)做勻速圓周運動，速圓周運動，b在紙面內(nèi)向右做勻速直線運動，在紙面內(nèi)向右做勻速直線運動，c在紙面內(nèi)向在紙面內(nèi)向左做勻速直線運動。下列選項正確的是左做勻速直線運動。下列選項正確的是()A. .mambmc B. .mbmamcC. .mcmamb D. .mcmbma圖圖16解析解析由題意知，三個帶電微粒受力情況：由題意知，三個帶電微粒受力情況：magqE，mbgqEBqv，mcgBqvqE，所以，所以mbmamc，故選項，故選項B正確，正確，A、C、D錯誤。錯誤。答案答案B復(fù)合場中粒子的特殊運動復(fù)合場中粒子的特殊運動帶電粒子在重力場、勻強電場和磁場組成的復(fù)合場中帶電粒子在重力場、勻強電場和磁場組成的復(fù)合場中運動時：若做勻速圓周運動，重力必與電場力平衡，運動時：若做勻速圓周運動，重力必與電場力平衡，洛倫茲力提供向心力；若做直線運動，必是勻速直線洛倫茲力提供向心力；若做直線運動，必是勻速直線運動，合力為零。運動，合力為零。