高考物理一輪復習方案 （高頻考點+熱點導練+歷年高考題）第6章 第1節(jié) 電荷守恒定律 庫侖定律課件 新人教版

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1、第第1節(jié)節(jié)電荷守恒定律電荷守恒定律 庫侖定律庫侖定律考點考點1：電荷守恒定律與庫侖定律的綜合運用：電荷守恒定律與庫侖定律的綜合運用3().2()134A.B.C.D 121243QQrrFFFFF兩個分別帶有電荷量和的相同金屬小球均可視為點電荷 ，固定在相距為 的兩處，它們間庫侖力的大小為兩小球相互接觸后將其固定距離變?yōu)?，則兩球間庫侖力的大小為 】【例1切入點：運用電荷守恒定律、庫侖定律分析223124C( / 2)3FQ QkrQFQ QkFr 接觸前兩個點電荷之間的庫侖力大小為，兩個相同的金屬球各自帶電，接觸后再分開，其所帶電量先中和后均分，所以兩球分開后各自帶點為，距離又變?yōu)樵瓉淼?，

2、庫侖力為，所以兩球間庫侖【解析力的大小為，】項正確答案： C點評：只有兩個完全相同的金屬球接觸后再分開，它們所帶的電荷才會中和后再均分考點考點2：應用庫侖定律的條件：應用庫侖定律的條件【例2】如圖611所示，兩個質量均為m的完全相同的金屬球殼a與b，其殼層的厚度和質量分布均勻，將它們固定于絕緣支座上，兩球心間的距離為L，為球半徑的3倍若使它們帶上等量異種電荷，使其電荷量的絕對值均為Q，那么a、b兩球之間的萬有引力F引與庫侖力F庫為()圖611切入點：萬有引力定律、庫侖定律的適用條件2222222222222222ABCDmQmQFGFkFGFkLLLLmQmQFGFkFGFkLLLL引引庫庫引

3、引庫庫，【解析】萬有引力定律適用于兩個可看成質點的物體，雖然兩球心間的距離L只有其半徑r的3倍，但由于其殼層的厚度和質量分布均勻，兩球殼可看做質量集中于球心的質點因此，可以應用萬有引力定律 而本題中由于a、b兩球所帶異種電荷相互吸引使它們各自的電荷分布不均勻，即相互靠近的一側電荷分布比較密集，又因兩球心間的距離L只有其半徑r的3倍，不滿足Lr的要求，故不能將兩帶電球殼看成點電荷，所以不能應用庫侖定律 綜上所述，對于a、b兩帶電球殼的整體來說，滿足萬有引力的適用條件，不滿足庫侖定律的適用條件，故只有選項D正確答案：D22.QFkL庫應用庫侖定律的條件，必須是兩個點電荷當然，兩個電荷均勻分布的帶電

4、球體，其效果可以視為電荷集中在球心的點電荷但是，金屬球體靠近時，球體上的電荷會重新分布，同種電荷因互相排斥而遠離，等效于兩個點電荷距離增大，異種電荷因互相吸引而靠近，等效于兩個點電荷距離減小，所以本題中點評：題型一：帶電體的平衡題型一：帶電體的平衡【例3】豎直絕緣墻壁上的Q處有一固定的小球A，在Q的正上方的P點用絕緣絲線懸掛另一小球B，A、B兩小球因帶電而相互排斥，致使懸線與豎直方向成角，如圖612所示由于漏電，使A、B兩小球的電荷量逐漸減少，懸線與豎直方向的夾角a逐漸變小，則在電荷漏完之前懸線對懸點P的拉力的大小將()圖612A保持不變 B先變小后變大C逐漸變小 D逐漸變大【解析】A、B兩小

5、球所帶電荷量逐漸減小的過程中，B小球在任一時刻的受力情況如圖所示小球B在重力mg、庫侖斥力F1、懸線拉力F2的作用下平衡mg和F1的合力F與F2的大小相等12LPQHBQPBFFFmgLHLmgFFHLmgHP 設懸線長為 ， 、 兩點間的距離為 ，由圖可知：，由相似三角形對應邊成比例得， 由于 、 都不是變量，所以在整個過程中懸線對 點的拉力始終不變答案： A點評：解決帶電體的平衡問題，關鍵是正確找出物體受到的所有外力，作出受力圖，再根據(jù)合力為零的平衡條件求解同時要善于發(fā)現(xiàn)隱含條件，如本題中的受力三角形與結構三角形的關系題型二：帶電體的運動題型二：帶電體的運動【例4】如圖613所示，均可視為

6、質點的三個物體A、B、C穿在豎直固定的光滑絕緣細線上，A與B緊靠在一起，C緊貼著絕緣地板，質量分別為mA=2.32kg，mB=0.20kg，mC=2.00kg，其中A不帶電，B、C的帶電量分別為qB=+4.0105C，qC=7.0105C，且電量都保持不變，開始時三個物體均靜止現(xiàn)給物體A施加一個豎直向上的力F，使它由靜止開始向上做加速度a=4.0m/s2的勻加速直線運動，經(jīng)時間t，F(xiàn)變?yōu)楹懔σ阎猤=10m/s2，靜電力恒量k=9109Nm2/C2，求： (1)時間t；(2)在時間t內，若力F做的功WF=53.36J，則B所受的電場力對B做的功W.圖613 121222222111m 3m11

7、1s.22BCBABCBBABq qkmmgrrABFABABq qBkrm gm arhatrratt開始時三個物體均靜止，將 、 視為整體，由平衡條件得：，解得當 、 脫離時 變?yōu)楹懔Γ?、 恰好脫離時 、 之間的相互作用力為零，但加速度相同，對 分析：，解得：再由，即：，得【解析】 222121217.2JFABABABFABABABhWmmghWmmatWmmatWmmgh以 、 為研究對象，在 、 上升 的過程中，應用動能定理得： 解得：點評：對于帶電體的運動問題，要明確受力情況以及運動狀態(tài)，靈活運用運動學公式和牛頓運動定律、動能定理等規(guī)律求解對于多對象問題，應根據(jù)問題的需要巧妙選取

8、研究對象，靈活運用整體法和隔離法此外，本題中A、B恰好分離時是一個臨界狀態(tài)，抓住臨界狀態(tài)的物理特征是本題的突破口1.(2012上海卷)A、B、C三點在同一直線上，AB BC1 2，B點位于A、C之間，在B處固定一電荷量為Q的點電荷當在A處放一電荷量為q的點電荷時，它所受到的電場力為F；移去A處電荷，在C處放一電荷量為2q的點電荷，其所受電場力為( ) AF/2 BF/2 CF DFB2.如圖614所示，在光滑絕緣水平面上放置3個電荷量均為q(q0)的相同小球，小球之間用勁度系數(shù)均為k0的輕質彈簧絕緣連接當3個小球處在靜止狀態(tài)時，每根彈簧長度為l.已知靜電力常量為k，若不考慮彈簧的靜電感應，則每

9、根彈簧的原長為( )圖614222222220000555ABCD242kqkqkqkqllllk lk lk lk lC22200022205.(2 )4qqkqkllkkllllk l 第三個小球受三個力的作用，它們的關系是，得【】：解析3.(2012浙江卷)用金屬做成一個不帶電的圓環(huán)，放在干燥的絕緣桌面上小明同學用絕緣材料做的筆套與頭發(fā)摩擦后，將筆套自上向下慢慢靠近圓環(huán)，當距離約為0.5cm時圓環(huán)被吸引到筆套上，如圖615所示對上述現(xiàn)象的判斷與分析，下列說法正確的是( )圖6153.(2012浙江卷)用金屬做成一個不帶電的圓環(huán)，放在干燥的絕緣桌面上小明同學用絕緣材料做的筆套與頭發(fā)摩擦后，

10、將筆套自上向下慢慢靠近圓環(huán)，當距離約為0.5cm時圓環(huán)被吸引到筆套上，如圖615所示對上述現(xiàn)象的判斷與分析，下列說法正確的是( )A摩擦使筆套帶電B筆套靠近圓環(huán)時，圓環(huán)上、下感應出異種電荷C圓環(huán)被吸引到筆套的過程中，圓環(huán)所受靜電力的合力大于圓環(huán)的重力D筆套碰到圓環(huán)后，筆套所帶的電荷立刻被全部中和ABC4.(2010珠海模擬)如圖616所示，帶異種電荷的小球P和Q放在絕緣光滑水平面上現(xiàn)將Q固定，給P一個垂直于PQ連線的初速度v0，使P在水平面內運動，則在P剛開始運動的一小段時間內，P的速度大小v和加速度大小a的變化是( )Av和a一定變大Bv和a可能不變Cv可能不變，a一定變大圖616B【解析】

11、Q固定，給P一個垂直于PQ連線的初速度v0，P有三種可能的運動情況，減速遠離，速度、加速度均減??；加速靠近，速度、加速度均增大；繞Q做勻速圓周運動，P的速度大小v和加速度大小a均不變，只有B正確 5.如圖617所示，半徑為r的硬橡膠圓環(huán)單位長度帶正電荷q，圓心O處放置一電荷量為Q的點電荷現(xiàn)截去頂部極小一段AB，AB長度為L，且Lr，靜電力常量為k，則剩余部分對Q的靜電力的大小為_ 圖61720.OOqLQFkQrF假設將這個圓環(huán)缺口補上，并且已補缺部分的電荷分布與原有缺口的環(huán)體上的電荷分布一樣，這樣就形成一個電荷均勻分布的完整帶電環(huán)，環(huán)上處于同一直徑兩端的微小部分所帶電荷可視為兩個相對應的點電

12、荷，它們對圓心 處點電荷的作用力為 至于補上的帶電小段，由題給條件可視為點電荷，它對圓心 處點電荷作用力為，【解析方向指向缺口，所以，剩余部分對的靜電力的大小為 ，】方向背離缺口2qLQFkr答案：6.如圖618所示，質量為m的小球A穿在絕緣細桿上，桿的傾角為，小球A帶正電，電荷量為q.在桿上B點處固定一個電荷量為Q的正電荷將A由距B豎直高度為H處無初速釋放，小球A下滑過程中電荷量不變不計A與細桿間的摩擦，整個裝置處在真空中已知靜電力常量k和重力加速度g.求：(1)A球剛釋放時的加速度是多大？(2)當A球的動能最大時，A球與B點的距離 圖618 22221sinsin/sinsin.2sin.sinmgaFmaQqkQqFkrHagrmHAkQqABdmgddkQqmg由牛頓第二定律可知，根據(jù)庫侖定律，得當 球受到合力為零、加速度為零時，動能最大設此時 球與 點間的距離為 ，則，解得【解析】