山東省2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 課時(shí)規(guī)范練6 共點(diǎn)力的平衡 新人教版

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1、課時(shí)規(guī)范練6　共點(diǎn)力的平衡 基礎(chǔ)對(duì)點(diǎn)練 1.(受力分析)(2018·福建廈門第一次質(zhì)檢)如圖所示,一個(gè)質(zhì)量為m的滑塊置于傾角為30°的固定粗糙斜面上,一根輕彈簧一端固定在豎直墻上的P點(diǎn),另一端系在滑塊上的Q點(diǎn),直線PQ與斜面垂直,滑塊保持靜止。則(　　) A.彈簧可能處于原長(zhǎng)狀態(tài) B.斜面對(duì)滑塊的摩擦力大小可能為零 C.斜面對(duì)滑塊的支持力大小可能為零 D.滑塊一定受到四個(gè)力作用 答案A 解析直線PQ與斜面垂直,滑塊保持靜止,滑塊一定受摩擦力和支持力,彈簧的彈力可能為零,故A正確,BCD錯(cuò)誤。 2.(2015·山東卷)如圖,滑塊A置于水平地面上,滑塊B在一水平力作用下緊靠滑

2、塊A(A、B接觸面豎直),此時(shí)A恰好不滑動(dòng),B剛好不下滑。已知A與B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1,A與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2,最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。A與B的質(zhì)量之比為(　　) A. B. C. D. 答案B 解析對(duì)滑塊A,F=μ2(mA+mB)g;對(duì)滑塊B:mBg=μ1F,以上兩式聯(lián)立得:,故B項(xiàng)正確。 3.(物體的平衡)(2018·山東濟(jì)寧一模)如圖所示,質(zhì)量均為m的兩個(gè)小球A、B(可視為質(zhì)點(diǎn))固定在輕桿的兩端,將其放入光滑的半球形碗中,桿的長(zhǎng)度等于碗的半徑,當(dāng)桿與兩球組成的系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)時(shí),桿對(duì)小球A的作用力大小為(　　) A.mg B.mg C.mg D.2mg 答

3、案A 解析以A球?yàn)檠芯繉?duì)象,受到重力、支持力、桿的彈力,根據(jù)平衡條件得桿對(duì)小球A的作用力大小為mg,A正確。 4.(受力分析)如圖所示,A、B、C三物塊疊放并處于靜止?fàn)顟B(tài),水平地面光滑,其他接觸面粗糙,以下受力分析正確的是(　　) A.A與墻面間存在壓力 B.A與墻面間存在靜摩擦力 C.A物塊共受3個(gè)力作用 D.B物塊共受5個(gè)力作用 答案C 解析以三個(gè)物體組成的整體為研究對(duì)象,水平方向上地面光滑,地面對(duì)C沒有摩擦力,根據(jù)平衡條件得,墻對(duì)A沒有壓力,因而也沒有摩擦力。故A、B錯(cuò)誤;A受到重力、B的支持力和摩擦力三個(gè)力作用。所以C正確;先對(duì)AB整體研究:水平方向上墻對(duì)A沒有壓力

4、,則由平衡條件分析可以知道,C對(duì)B沒有摩擦力。再對(duì)B分析:B受到重力、A的壓力和摩擦力、C的支持力,共四個(gè)力作用。故D錯(cuò)誤。 5.(動(dòng)態(tài)平衡)(2019·青島高三調(diào)研)一光滑的輕滑輪用細(xì)繩OA懸掛于O點(diǎn),站在地面上的人用輕繩跨過(guò)滑輪拉住沙漏斗,在沙子緩慢漏出的過(guò)程中,人握住輕繩保持不動(dòng),則在這一過(guò)程中(　　) A.細(xì)線OA的張力保持不變 B.細(xì)線OA的張力逐漸增大 C.人對(duì)地面的壓力將逐漸減小 D.人對(duì)地面的摩擦力將逐漸減小 答案D 解析輕滑輪的重力不計(jì),輕滑輪受三個(gè)拉力而平衡,故三個(gè)拉力的方向均不變,故細(xì)線OA與豎直方向夾角不變,隨著沙子緩慢漏出,拴小桶的繩子的拉力F不

5、斷減小,所以O(shè)A繩的拉力不斷減小,故A、B錯(cuò)誤;對(duì)人受力分析,如圖所示。 根據(jù)平衡條件,有:Ff=Fsinθ,FN=mg-Fcosθ,由于F減小,故支持力增加,摩擦力減小;根據(jù)牛頓第三定律,人對(duì)地的壓力增加、摩擦力減小,故D正確,C錯(cuò)誤。所以D正確,ABC錯(cuò)誤。 6.(動(dòng)態(tài)平衡)(2019·河南周口中英文學(xué)校月考)如圖所示,圓環(huán)固定在豎直平面內(nèi),打有小孔的小球穿過(guò)圓環(huán)。細(xì)繩a的一端固定在圓環(huán)的A點(diǎn),細(xì)繩b的一端固定在小球上,兩繩的連結(jié)點(diǎn)O懸掛著一重物,O點(diǎn)正好處于圓心?，F(xiàn)將小球從B點(diǎn)緩慢移到B'點(diǎn),在這一過(guò)程中,重物保持靜止。則在此過(guò)程中a繩的拉力(　　) A.一直增大 B.一直減小

6、 C.先增大后減小 D.先減小后增大 答案A 解析對(duì)結(jié)點(diǎn)O進(jìn)行受力分析,根據(jù)三角形定則可以知道,小球從B點(diǎn)緩慢移到B'點(diǎn),Fa逐漸變大,所以A選項(xiàng)是正確的、BCD錯(cuò)誤。 7.(物體的平衡)(2018·安徽蕪湖一模)如左圖所示,在粗糙水平面上靜止放置一個(gè)截面為三角形的斜劈,其質(zhì)量為M。兩個(gè)質(zhì)量分別為m1和m2的小物塊恰好能沿兩側(cè)面勻速下滑。若現(xiàn)在對(duì)兩物塊同時(shí)各施加一個(gè)平行于斜劈側(cè)面的恒力F1和F2,且F1>F2,如右圖所示。則在兩個(gè)小物塊沿斜面下滑的過(guò)程中,下列說(shuō)法正確的是(　　) A.斜劈可能向左運(yùn)動(dòng) B.斜劈受到地面向右的摩擦力作用 C.斜劈對(duì)地面的壓力大小等于(M+m

7、1+m2)g D.斜劈對(duì)地面的壓力大小等于(M+m1+m2)g+F1sin α+F2sin β 答案C 解析開始未加力時(shí),兩物塊恰好能沿兩側(cè)面勻速下滑,斜劈處于靜止?fàn)顟B(tài),斜劈與地面間無(wú)摩擦力作用,兩物塊對(duì)斜劈的作用力豎直向下,其大于等于物體的重力,所以斜劈對(duì)地面的壓力大小等于(M+m1+m2)g。當(dāng)加了F1、F2后,兩物塊都沿斜劈側(cè)面勻加速下滑,因F1、F2沿側(cè)面向下作用,它們對(duì)斜劈沒有作用,斜劈對(duì)兩物塊的作用力大小和方向都沒變化,根據(jù)牛頓第三定律知兩物塊對(duì)斜劈的作用力大小方向都沒變化,所以斜劈仍然靜止,對(duì)地面的壓力大小仍等于(M+m1+m2)g。故C正確,ABD錯(cuò)誤。 8. (

8、臨界極值問(wèn)題)(2019·河南天一大聯(lián)考一聯(lián))小朋友在玩積木時(shí),將兩個(gè)相同的方形積木放在粗糙的水平地面上,將球形積木放在兩方形積木之間,截面圖如圖所示,接觸點(diǎn)分別為A、B。他發(fā)現(xiàn)當(dāng)兩方形積木之間的距離大到一定程度時(shí),球形積木放上后兩方形積木將發(fā)生滑動(dòng)。已知球形積木的質(zhì)量為方形積木質(zhì)量的2倍,它們之間的摩擦忽略不計(jì),球形積木的半徑為R,兩方形積木與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.5,設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。則球形積木放上后,要使兩方形積木不發(fā)生滑動(dòng),兩方形積木之間的最遠(yuǎn)距離為(　　) A. B.R C.R D.R 答案C 解析對(duì)整體受力分析,設(shè)一個(gè)方形積木質(zhì)量為m,地面對(duì)其支持力為FN,

9、根據(jù)平衡條件得2FN=4mg;當(dāng)兩方形積木之間的距離最遠(yuǎn)時(shí),設(shè)OA與OB的夾角為2θ,此時(shí)A、B與地面之間的摩擦力達(dá)到最大靜摩擦力,對(duì)球形積木受力分析,由平衡條件得2Fcosθ=2mg;對(duì)其中一個(gè)方形積木受力分析,根據(jù)平衡條件Fsinθ=μFN,聯(lián)立得tanθ=1,即θ=45°,由幾何關(guān)系得A、B之間的距離為R,選項(xiàng)C正確。 素養(yǎng)綜合練 9.(2018·河南八市學(xué)評(píng)一測(cè))如圖所示,傾角θ=30°的斜面上,一質(zhì)量為4m的物塊經(jīng)跨過(guò)定滑輪的細(xì)繩與一質(zhì)量為m的小球相連,現(xiàn)將小球從水平位置靜止釋放,小球由水平位置運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程中,物塊和斜面始終靜止,運(yùn)動(dòng)過(guò)程中小球和物塊始終在同一豎直平面內(nèi),則

10、在此過(guò)程中(　　) A.細(xì)繩的拉力先增大后減小 B.物塊所受摩擦力逐漸增大 C.地面對(duì)斜面的支持力逐漸增大 D.地面對(duì)斜面的摩擦力逐漸增大 答案D 解析小球向下擺動(dòng)的過(guò)程中,小球做圓周運(yùn)動(dòng)的速度逐漸增大,由向心力公式知細(xì)線對(duì)小球的拉力一直增大,A錯(cuò)誤;開始物體有沿斜面下滑的趨勢(shì),物體受沿斜面向上的摩擦力,隨繩的拉力增大,摩擦力減小.拉力增大到一定程度后物體受沿斜面向下的摩擦力,隨繩的拉力增大,摩擦力增大,所以斜面對(duì)物塊的摩擦力先減小后增大,B錯(cuò)誤;對(duì)物塊和斜面組成的整體分析可知,整體受重力、地面的支持力、繩的拉力、地面的摩擦力,如圖所示。由于繩的拉力逐漸增大,所以地面對(duì)斜面

11、的支持力一直減小,摩擦力一直增大,C錯(cuò)誤,D正確。 10.(2018·陜西咸陽(yáng)二模)如圖所示,a、b兩個(gè)小球穿在一根光滑的固定桿上,并且通過(guò)一條細(xì)繩跨過(guò)定滑輪連接。已知b球質(zhì)量為m,桿與水平面成θ角,不計(jì)所有摩擦,重力加速度為g。當(dāng)兩球靜止時(shí),Oa段繩與桿的夾角也為θ,Ob段繩沿豎直方向,則下列說(shuō)法正確的是(　　) A.a可能受到2個(gè)力的作用 B.b可能受到3個(gè)力的作用 C.繩子對(duì)a的拉力等于mg D.a的重力為mgtan θ 答案C 解析Ob繩沿豎直方向,b只受兩個(gè)力的作用,B錯(cuò)誤;a受三個(gè)力的作用,A錯(cuò)誤;繩子上的拉力大小等于mg,C正確;小球a受重力G、支持力F

12、N、繩的拉力mg作用,且支持力FN與繩的拉力mg間的夾角為銳角,a球受力如圖,由平衡條件可知,FNsinθ=mgcos2θ,FNcosθ+mgsin2θ=mag,解得小球a的重力mag=mgcotθ,D錯(cuò)誤。 11.(2018·山東泰安一中月考)如圖所示,小圓環(huán)A系著一個(gè)質(zhì)量為m2的物塊并套在另一個(gè)豎直放置的大圓環(huán)上,有一細(xì)線一端拴在小圓環(huán)A上,另一端跨過(guò)固定在大圓環(huán)最高點(diǎn)B的一個(gè)小滑輪后吊著一個(gè)質(zhì)量為m1的物塊。如果小圓環(huán)、滑輪、繩子的大小和質(zhì)量以及相互之間的摩擦都可以忽略不計(jì),繩子又不可伸長(zhǎng),若平衡時(shí)弦AB所對(duì)應(yīng)的圓心角為α,則兩物塊的質(zhì)量比m1∶m2應(yīng)為(　　) A.cos B

13、.sin C.2sin D.2cos 答案C 解析如圖 對(duì)小環(huán)進(jìn)行受力分析,如圖所示,小環(huán)受上面繩子的拉力m1g,下面繩子的拉力m2g,以及圓環(huán)對(duì)它沿著OA向外的支持力,將兩個(gè)繩子的拉力進(jìn)行正交分解,它們?cè)谇芯€方向的分力應(yīng)該相等: m1gsin=m2gcos(α-90°) 即m1cos=m2sinα,m1cos=2m2sincos 得m1∶m2=2sin 12.(2019·湖南醴陵二中月考)一個(gè)底面粗糙、質(zhì)量為M=3m的劈放在粗糙水平面上,劈的斜面光滑且與水平面成30°角?，F(xiàn)用一端固定的輕繩系一質(zhì)量為m的小球,小球放在斜面上,小球靜 止時(shí)輕繩與豎直方向的夾角也為3

14、0°,如圖所示。 (1)當(dāng)劈靜止時(shí),求繩子的拉力大小; (2)當(dāng)劈靜止時(shí),求地面對(duì)劈的摩擦力大小; (3)若地面對(duì)劈的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,為使整個(gè)系統(tǒng)靜止,動(dòng)摩擦因數(shù)μ最小值多大? 答案(1)mg　(2)mg　(3) 解析(1)以小球?yàn)檠芯繉?duì)象,受力分析如圖甲所示,對(duì)FT和mg進(jìn)行正交分解。 由平衡條件有FTcos30°=mgsin30°得FT=mg (2)以劈和小球整體為研究對(duì)象,受力情況如圖乙所示。 由平衡條件可得Ff=FTcos60°=mg (3)為使整個(gè)系統(tǒng)靜止,必須滿足Ffmax=μFN1≥FTcos60° 且有FN1+FTsin60°=(M+m)g 聯(lián)立解得μ≥。 10