（通用版）2020高考物理三輪沖刺 題型練輯 選擇題滿分練（四）（含解析）

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1、選擇題滿分練(四) 二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14～18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19～21題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分． 14．(2019·山東日照市上學(xué)期期末)豎直向上發(fā)射一物體(不計(jì)空氣阻力)，在物體上升的某一時(shí)刻突然炸裂為a、b兩塊，質(zhì)量較小的a塊速度方向與物體原來的速度方向相反，則(　　) A．a(chǎn)塊的速度一定比原來物體的速度小 B．b塊的速度方向一定與原來物體的速度方向相同 C．b塊的速度一定比原來物體的速度小 D．炸裂過程中，b塊的動(dòng)量變化量大小一定小于a塊的動(dòng)量變化量大小

2、 答案　B 解析　在炸裂過程中，由于外力遠(yuǎn)小于內(nèi)力，系統(tǒng)的動(dòng)量守恒．炸裂前物體的速度方向?yàn)檎较?，炸裂后a塊的速度方向與原來的方向相反，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有：(ma＋mb)v0＝ma(－va)＋mbvb；解得：vb＝＞v0；由題意可知，b塊的速度方向一定與物體原來的速度方向相同，故A、C錯(cuò)誤，B正確；由動(dòng)量守恒可知，炸裂過程中，b塊的動(dòng)量變化量大小一定等于a塊的動(dòng)量變化量大小，故D錯(cuò)誤． 15．(2019·福建廈門市上學(xué)期期末質(zhì)檢)中國首批隱形戰(zhàn)斗機(jī)已經(jīng)全面投入使用．演習(xí)時(shí)，在某一高度水平勻速飛行的戰(zhàn)斗機(jī)離目標(biāo)水平距離為L時(shí)投彈(投彈瞬間相對(duì)戰(zhàn)斗機(jī)的速度為零)，可以準(zhǔn)確命中目標(biāo)．若戰(zhàn)斗機(jī)水平

3、飛行高度加倍，飛行速度大小減半，要仍能命中目標(biāo)，則戰(zhàn)斗機(jī)投彈時(shí)離目標(biāo)的水平距離為(不考慮空氣阻力)(　　) A.LB.LC．LD.L 答案　B 解析　炸彈被投下后做平拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向上的分運(yùn)動(dòng)為勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上的分運(yùn)動(dòng)為自由落體運(yùn)動(dòng)，所以在豎直方向上：h＝gt2，解得：t＝ 在水平方向上：L＝v0t＝v0 當(dāng)戰(zhàn)斗機(jī)飛行的高度加倍，飛行速度大小減半時(shí)，炸彈的水平位移變?yōu)樵瓉淼?，所以飛機(jī)投彈時(shí)距離目標(biāo)的水平距離應(yīng)為L. 16．(2019·天津市和平區(qū)上學(xué)期期末)如圖1所示為一速度選擇器，兩極板P1、P2之間存在電場強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場和磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場．一束帶電粒

4、子流以速度v從S1沿直線運(yùn)動(dòng)到S2，則下列說法中正確的是(　　) 圖1 A．該粒子流的粒子一定帶正電 B．粒子從S1到S2一定做勻速直線運(yùn)動(dòng) C．粒子運(yùn)動(dòng)的速度大小一定等于 D．若粒子以速度v從S2向上運(yùn)動(dòng)，一定能沿直線到達(dá)S1 答案　B 解析　粒子受洛倫茲力和電場力．假設(shè)粒子帶正電，則受到向右的洛倫茲力，向左的電場力；若粒子帶負(fù)電，則所受洛倫茲力向左，電場力向右，均可以平衡，故粒子可以帶正電，也可以帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)才能不發(fā)生偏轉(zhuǎn)而沿直線通過，洛倫茲力與電場力平衡，即qE＝qvB，解得v＝，故B正確，C錯(cuò)誤；如果這束粒子流從S2向上運(yùn)動(dòng)，電場力方向不變，洛

5、倫茲力反向，電場力與洛倫茲力不再平衡，故合力與速度不共線，粒子開始做曲線運(yùn)動(dòng)，不能沿直線運(yùn)動(dòng)到S1，故D錯(cuò)誤． 17．(2019·貴州貴陽市一模)下列說法正確的是(　　) A．若某種材料的逸出功是W0，則其截止頻率為ν0＝ B．當(dāng)氫原子從n＝2能級(jí)躍遷到n＝6能級(jí)時(shí)，發(fā)射出光子 C.Th衰變?yōu)镻b要經(jīng)過4次α衰變和6次β衰變 D．中子與質(zhì)子結(jié)合成氘核時(shí)吸收能量 答案　A 解析　結(jié)合光子能量計(jì)算公式E＝hν，某種材料的逸出功是W0，則它的截止頻率為ν0＝，故A正確；氫原子從n＝2能級(jí)躍遷到n＝6能級(jí)，從低能級(jí)向高能級(jí)躍遷，要吸收能量，故B錯(cuò)誤；Th衰變?yōu)镻b，根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒

6、可知，要經(jīng)過6次α衰變和4次β衰變，故C錯(cuò)誤；中子和質(zhì)子結(jié)合成氘核時(shí)有質(zhì)量虧損，釋放能量，故D錯(cuò)誤． 18．(2019·江西南昌市一模)一位物理老師制作了一把如圖2所示的“簡易銅絲琴”．制作過程為：在一塊木板上固定兩顆螺絲釘，將一根張緊的銅絲纏繞在兩顆螺絲釘之間，擴(kuò)音器通過導(dǎo)線與兩螺絲釘連接，銅絲旁邊放置一塊磁鐵，用手指撥動(dòng)銅絲，擴(kuò)音器上就發(fā)出了聲音．根據(jù)上面所給的信息，下面說法正確的是(　　) 圖2 A．銅絲的振動(dòng)引起空氣振動(dòng)而發(fā)出聲音 B．振動(dòng)的銅絲切割磁感線產(chǎn)生直流電流 C．該“簡易銅絲琴”將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能 D．利用這一裝置所揭示的原理可制成發(fā)電機(jī) 答案　D 19.

7、(2019·廣東廣州市4月模擬)如圖3所示，在同一平面內(nèi)有①②③三根等間距平行放置的長直導(dǎo)線，通入的電流強(qiáng)度分別為1A、2A、1A，②的電流方向?yàn)閏→d且受到安培力的合力方向水平向右，則(　　) 圖3 A．①的電流方向?yàn)閍→b B．③的電流方向?yàn)閑→f C．①受到安培力的合力方向水平向左 D．③受到安培力的合力方向水平向左 答案　BCD 解析　由題意知三根導(dǎo)線等間距平行放置，根據(jù)“同向電流相互吸引，異向電流相互排斥”，因②的電流方向?yàn)閏→d且受到安培力的合力方向水平向右，可知①的電流方向?yàn)閎→a，③的電流方向?yàn)閑→f，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；①受到②③的排斥力，故安培力的合力方向

8、水平向左，選項(xiàng)C正確；③受到②的吸引力和①的排斥力，因②的吸引力大于①的排斥力，故③受到安培力的合力方向水平向左，選項(xiàng)D正確． 20.空間存在兩點(diǎn)電荷產(chǎn)生的靜電場，在xOy橫軸上沿x軸正方向電場強(qiáng)度E隨x變化的關(guān)系如圖4所示，圖線關(guān)于坐標(biāo)原點(diǎn)對(duì)稱，虛線為兩條漸近線，M、N是兩條漸近線到原點(diǎn)O的中點(diǎn)，且|PO|＝3|MO|.取無窮遠(yuǎn)處電勢為零，下列說法中正確的是(　　) 圖4 A．M、N兩點(diǎn)的電勢相等 B．P點(diǎn)電勢高于M點(diǎn)電勢 C．M、O兩點(diǎn)電場強(qiáng)度大小之比為20∶9 D．單位正電荷從O點(diǎn)移到N點(diǎn)過程中，電場力做功為W，則N點(diǎn)電勢數(shù)值為－W 答案　BCD 解析　由題圖可知MN

9、之間的電場線方向沿x軸正方向，故左邊的電荷為正電荷，右邊為等量的負(fù)電荷，故M點(diǎn)的電勢比N點(diǎn)電勢高，P點(diǎn)電勢高于M點(diǎn)電勢，故A錯(cuò)誤，B正確；設(shè)MO的距離為r，正、負(fù)電荷的電荷量大小為Q，M點(diǎn)電場強(qiáng)度大小為EM＝＋＝，O點(diǎn)電場強(qiáng)度大小為EO＝＋＝，M、O兩點(diǎn)電場強(qiáng)度大小之比為EM∶EO＝∶＝20∶9，故C正確；沿電場線方向電勢降低，O點(diǎn)電勢為零，所以單位正電荷從O點(diǎn)移到N點(diǎn)過程中，電場力做功為W，則N點(diǎn)電勢數(shù)值為－W，故D正確． 21.如圖5所示，在豎直平面內(nèi)，一根不可伸長的輕質(zhì)軟繩兩端打結(jié)系于“V”形桿上的A、B兩點(diǎn)，已知OM邊豎直，且|AO|＝|OB|，細(xì)繩繞過光滑的滑輪，重物懸掛于滑輪下處

10、于靜止?fàn)顟B(tài)．若在紙面內(nèi)繞端點(diǎn)O按順時(shí)針方向緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)“V”形桿，直到ON邊豎直．繩子的張力為FT，A點(diǎn)處繩子與桿之間的摩擦力大小為Ff，則(　　) 圖5 A．張力FT一直增大 B．張力FT先增大后減小 C．摩擦力Ff一直減小 D．摩擦力Ff先增大后減小 答案　BC 解析　設(shè)滑輪兩側(cè)繩子與豎直方向的夾角為α，受力分析如圖甲所示． 在紙面內(nèi)繞端點(diǎn)O按順時(shí)針方向緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)“V”形桿，直到ON邊豎直，AB的長度不變，AB在水平方向的投影先變長后變短，繩子與豎直方向的夾角α先變大后變小，所以張力FT＝先增大后減小，故A錯(cuò)誤，B正確；以A處結(jié)點(diǎn)為研究對(duì)象，受力分析如圖乙所示．根據(jù)平衡條件可知， Ff＝FTcos (α＋β)＝＝(cosβ－tanαsinβ)， 在紙面內(nèi)繞端點(diǎn)O按順時(shí)針方向緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)“V”形桿，繩子與豎直方向的夾角α先變大后變小，OA桿與豎直方向的夾角β一直變大，當(dāng)繩子與豎直方向的夾角α變大時(shí)，摩擦力減小，當(dāng)繩子與豎直方向的夾角α變小時(shí)，α＋β還是在增大，所以摩擦力還是在減小，故C正確，D錯(cuò)誤． 6