2020版高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 專題復(fù)習(xí)訓(xùn)練 課時作業(yè)八 帶電粒子在磁場中的運動(含解析)

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1、課時作業(yè)八 帶電粒子在磁場中的運動 一、選擇題 1.(2019年濟南第一中學(xué)月考)粒子甲的質(zhì)量與電荷量分別是粒子乙的4倍與2倍,兩粒子均帶正電.讓它們在勻強磁場中同一點以大小相等、方向相反的速度開始運動.已知磁場方向垂直紙面向里.以下四個圖中,能正確表示兩粒子運動軌跡的是(  ) 解析:根據(jù)洛倫茲力提供向心力,有R=,結(jié)合粒子甲的質(zhì)量與電荷量分別是粒子乙的4倍與2倍,可知甲的半徑大于乙的半徑,由于兩粒子均帶正電,且速度方向相反,由左手定則可知A正確,B、C、D錯誤. 答案:A 2.如圖1所示,質(zhì)量為m=0.5 kg的通電導(dǎo)體棒在安培力作用下靜止在傾角為37°、寬度為L=1 m

2、的光滑絕緣框架上,磁場方向垂直于框架平面向下(磁場僅存在于絕緣框架內(nèi)).右側(cè)回路中,電源的電動勢E=8 V、內(nèi)阻r=1 Ω.額定功率為8 W、額定電壓為4 V的電動機M正常工作.取sin37°=0.6,cos37°=0.8,重力加速度大小g取10 m/s2,則磁場的磁感應(yīng)強度大小為(  ) 圖1 A.2 T B.1.73 T C.1.5 T D.1 T 解析:電動機M正常工作時的電流I1==2 A,電源內(nèi)阻上的電壓U′=E-U=8 V-4 V=4 V,根據(jù)閉合電路歐姆定律得干路中的電流I==4 A,則通過導(dǎo)體棒的電流I2=I-I1=2 A,導(dǎo)體棒受力平衡,有BI2L

3、=mgsin37°,得B=1.5 T,故選項C正確. 答案:C 3.(2019年衡水中學(xué)調(diào)研)如圖2所示,紙面內(nèi)有寬為L、水平向右飛行的帶電粒子流,粒子質(zhì)量為m、電荷量為-q、速率為v0,不考慮粒子的重力及相互間的作用,要使粒子都會聚到一點,可以在粒子流的右側(cè)虛線框內(nèi)設(shè)計一勻強磁場區(qū)域,則磁場區(qū)域的形狀及對應(yīng)的磁感應(yīng)強度可以是(其中B0=,A、C、D選項中曲線均為半徑是L的圓弧,B選項中曲線為半徑是的圓弧)(  ) 圖2 解析:帶電粒子進入磁場中做圓周運動,圓周運動的半徑r=,A、B、C選項對應(yīng)的半徑r=L,D選項對應(yīng)的半徑為;粒子的初速度都相同,結(jié)合初速度的方向、粒子入射

4、位置以及粒子運動半徑畫圓,圓弧和磁場邊界的交點為出射點,由證明A圖的粒子的出射點恒為兩個圓弧右下方的交點,故A正確;B、C、D對應(yīng)的粒子的出射點都不相同. 答案:A 4.如圖3所示,在蹄形磁鐵的上方放置一個可以自由運動的通電線圈abcd,最初線圈平面與蹄形磁鐵處于同一豎直面內(nèi),則通電線圈運動的情況是(  ) 圖3 A.a(chǎn)b邊轉(zhuǎn)向紙外,cd邊轉(zhuǎn)向紙里,同時向下運動 B.a(chǎn)b邊轉(zhuǎn)向紙里,cd邊轉(zhuǎn)向紙外,同時向下運動 C.a(chǎn)b邊轉(zhuǎn)向紙外,cd邊轉(zhuǎn)向紙里,同時向上運動 D.a(chǎn)b邊轉(zhuǎn)向紙里,cd邊轉(zhuǎn)向紙外,同時向上運動 解析:在圖示位置時,根據(jù)左手定則可知,ad邊左半段所受安培力的方

5、向向里,右半段所受安培力的方向向外,則ab邊轉(zhuǎn)向紙里,cd邊轉(zhuǎn)向紙外,線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過90°時,根據(jù)左手定則可知,ad邊所受安培力方向向下,所以線圈向下運動,故選項B正確. 答案:B 5.如圖4所示,光滑平行金屬導(dǎo)軌電阻不計,固定在水平面內(nèi),左端接有一直流電源和一定值電阻,兩條通有大小相等方向相反的恒定電流的長直絕緣導(dǎo)線垂直導(dǎo)軌放置,一導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌垂直且接觸良好.導(dǎo)體棒由導(dǎo)軌上的M點靜止釋放,M、N兩點到左右兩直導(dǎo)線距離相等.下列關(guān)于導(dǎo)體棒在兩直導(dǎo)線之間的運動及受力說法正確的是(  ) 圖4 A.導(dǎo)體棒在M、N之間做往復(fù)運動 B.導(dǎo)體棒一直向右做勻加速直線運動 C.導(dǎo)體棒所受

6、安培力先向右后向左,且先增大后減小 D.導(dǎo)體棒所受安培力一直向右,且先減小后增大 解析:根據(jù)安培定則可知,兩直導(dǎo)線電流在M、N之間的區(qū)域內(nèi)磁場都是垂直導(dǎo)軌平面向下的,根據(jù)左手定則可知,導(dǎo)體棒受到的安培力方向一直向右,則選項A、C錯誤;根據(jù)直線電流磁場的性質(zhì)可知,離直線電流越遠磁感應(yīng)強度越小,根據(jù)磁場疊加可知導(dǎo)軌內(nèi)的磁場從M到N是先減小后增大的,則安培力也一定是先減小后增大的,選項B錯誤,D正確. 答案:D 6.如圖5所示,在xOy平面的第一象限內(nèi)存在著垂直于平面向里的勻強磁場,磁感應(yīng)強度大小為B,兩個相同的帶電粒子以相同的速度分別從y軸上的P、Q兩點同時垂直于y軸向右射出,最后均打在x

7、軸上的N點,已知P、N兩點的坐標分別為(0,3L)、(L,0),不計兩粒子的重力與相互作用.根據(jù)題中條件不能確定的是(  ) 圖5 A.兩帶電粒子在磁場中運動的半徑 B.兩帶電粒子到達點N所用的時間之比 C.Q點的坐標 D.帶電粒子的比荷 解析:從P、Q入射粒子運動軌跡如圖6所示,由幾何關(guān)系可知,PN長2L,∠OPN=30°,設(shè)從P點射入的粒子運動軌跡的半徑為R,則有(3L-R)2+(L)2=R2,解得R=2L,因兩粒子的速度相同且是同種粒子,則可知它們運動軌跡的半徑相同,即兩粒子運動的半徑均可求出,A不符合題意;根據(jù)幾何關(guān)系可知從P點射入的粒子軌跡對應(yīng)的圓心角為120°,從Q

8、點射入的粒子軌跡對應(yīng)的圓心角為60°,則由t=T,可求得兩粒子運動到N點所用的時間之比tP∶tQ=2∶1,B不符合題意;根據(jù)幾何關(guān)系得OQ=L,故可以確定Q點的坐標,C不符合題意;根據(jù)R=,由于不知道粒子速度的大小,故無法求得粒子的比荷,D符合題意. 圖6 答案:D 7.如圖7所示,在直角三角形abc區(qū)域(含邊界)內(nèi)存在垂直于紙面向外的勻強磁場,磁感應(yīng)強度大小為B,∠a=60°,∠b=90°,邊長ac=l.一個粒子源在a點將質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子以大小和方向不同的速度射入磁場,在磁場中運動時間最長的粒子中,速度的最大值是(  ) 圖7 A. B. C.

9、 D. 解析:根據(jù)題意可知,當速度方向沿著ab方向并且軌跡與bc相切于E點時,粒子的運動時間最長,速度最大,如圖8所示,設(shè)粒子運動軌跡的圓心為A,半徑為R,根據(jù)幾何知識可知四邊形AEba是正方形,則R=ab=ac=,由于qvB=m,整理得v=,選項A正確. 圖8 答案:A 8.(2019年廈門高三月考)(多選)如圖9所示,半徑為r的圓剛好與正方形abcd的四個邊相切,在圓形區(qū)域內(nèi)有方向垂直紙面向里的勻強磁場,一帶負電粒子從ad邊的中點以某一初速度沿紙面且垂直ad邊方向射入磁場,一段時間后粒子從圓形磁場區(qū)域飛出并恰好通過正方形的d點.設(shè)該粒子在磁場中運動的軌道半徑為R,運動時間為

10、t,若粒子在磁場中做圓周運動的周期為T,粒子重力不計.下列關(guān)系正確的是(  ) 圖9 A.R=r B.R=(-1)r C.t=T D.t=T 解析:由題意可知粒子從Bd方向射出磁場,由圖10可知在△OBd中,R=r-R,得R=(-1)r,A錯誤,B正確;粒子軌跡圓心角為,所以時間t=T=,C錯誤,D正確. 圖10 答案:BD 9.(多選)如圖11所示,半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)存在著垂直紙面向里的勻強磁場(圖中未畫出),兩個質(zhì)量、電荷量都相同的帶正電粒子,以相同的速率v從a點先后沿直徑ac和弦ab的方向射入磁場區(qū)域,ab和ac的夾角為30°.已知沿ac方向

11、射入的粒子在磁場中運動的時間為其圓周運動周期的,不計粒子重力,則(  ) 圖11 A.兩粒子在磁場中運動軌道半徑為R B.兩粒子離開磁場時的速度方向相同 C.沿ab方向射入的粒子在磁場中運動的時間為 D.沿ab方向射入的粒子在磁場中運動的時間為 解析:由于沿ac方向射入的粒子在磁場中運動的時間為其周期的,故其速度方向偏轉(zhuǎn)了90°,粒子從O點正上方的A點射出,如圖12中的軌跡1所示,由幾何關(guān)系可知其運動半徑為R,所以選項A正確;粒子軌跡半徑等于磁場區(qū)域半徑,兩粒子從同一點沿不同方向射入磁場,滿足“點入平出”,B正確;由于沿ab方向射入的粒子,其半徑也為R,其軌跡只是將1順時針旋轉(zhuǎn)

12、30°,其圓心為O′,由幾何關(guān)系可知四邊形aOBO′為菱形,且∠aO′B=120°.所以沿ab方向射入的粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)了120°,運動時間t=,即t=,選項C正確,D錯誤. 圖12 答案:ABC 10.(2019年湖北八校聯(lián)考)(多選)如圖13所示,有兩根長為L、質(zhì)量為m的細導(dǎo)體棒a、b,a被水平放置在傾角為45°的光滑斜面上,b被水平固定在與a在同一水平面的另一位置,且a、b平行,它們之間的距離為x,當兩細棒中均通以電流強度為I的同向電流時,a恰能在斜面上保持靜止,則下列關(guān)于b的電流在a處產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強度的說法正確的是(  ) 圖13 A.方向豎直向上 B.大小為

13、 C.要使a仍能保持靜止,而減小b在a處的磁感應(yīng)強度,可使b上移 D.若使b下移,a將不能保持靜止 解析:由安培定則可知,通電導(dǎo)體棒b周圍的磁感線方向為順時針方向,所以在a處的磁場方向豎直向上,如圖14(a)所示,所以選項A正確;以導(dǎo)線a為研究對象進行受力分析如圖14(b)所示,故有mg=BIL,解得a點處的磁感應(yīng)強度大小為B=,所以選項B錯誤;欲減小b在a處的磁感應(yīng)強度,可增大兩導(dǎo)線間的距離,將b上移或下移都可以,當b上移時,a受到的安培力方向逆時針轉(zhuǎn)動,此時能保持a受力平衡,所以選項C正確;若b下移,a受到的安培力順時針轉(zhuǎn)動,只有其變大a才能保持平衡,但安培力在減小,導(dǎo)體棒受力不平衡

14、,故選項D正確. 圖14 答案:ACD 二、解答題 11.一邊長為a的正三角形ADC區(qū)域中有垂直該三角形平面向里的勻強磁場,在DC邊的正下方有一系列質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子,以垂直于DC邊的方向射入正三角形區(qū)域.已知所有粒子的速度均相同,經(jīng)過一段時間后,所有的粒子都能離開磁場,其中垂直AD邊離開磁場的粒子在磁場中運動的時間為t0.假設(shè)粒子的重力和粒子之間的相互作用力可忽略. 圖15 (1)求該區(qū)域中磁感應(yīng)強度B的大?。? (2)為了能有粒子從DC邊離開磁場,則粒子射入磁場的最大速度為多大? (3)若粒子以(2)中的最大速度進入磁場,則粒子從正三角形邊界AC、AD

15、邊射出的區(qū)域長度分別為多大? 圖16 解析:(1)洛倫茲力提供向心力, qvB=m 周期T== 當粒子垂直AD邊射出時,根據(jù)幾何關(guān)系有圓心角為60°,則t0=T, 解得B=. (2)當軌跡圓與AC、AD都相切時,能有粒子從DC邊射出,且速度為最大值,如圖16所示,設(shè)此時粒子的速度為v1,偏轉(zhuǎn)半徑為r1,則r1=sin60°=a 由qv1B=m得v1== 所以粒子能從DC邊離開磁場的最大入射速度 v1=. 圖17 (3)由(2)知,當軌跡圓與AC相切時,從AC邊射出的粒子距C最遠,故AC邊有粒子射出的范圍為CE段,xCE=cos60°= 當軌跡圓與AD邊的交點F

16、恰在圓心O正上方時,射出的粒子距D點最遠,如圖17所示,故AD邊有粒子射出的范圍為DF段, xDF==. 答案:(1) (2) (3)  圖18 12.如圖18所示,在磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場中有一粒子源,粒子源從O點在紙面內(nèi)均勻向各個方向同時發(fā)射速率為v、比荷為k的帶正電的粒子,PQ是在紙面內(nèi)垂直磁場放置的厚度不計的擋板,擋板的P端與O點的連線與擋板垂直,距離為,且粒子打在擋板上會被吸收,不計帶電粒子的重力與粒子間的相互作用,磁場分布足夠大,求: (1)為使最多的粒子打在板上,則擋板至少多長? (2)若擋板足夠長,則打在板上的粒子在磁場中運動的最長時間與

17、最短時間的差值是多少? (3)若擋板足夠長,則打在擋板上的粒子占所有粒子的比率是多少? 解:(1)粒子在磁場中受到的洛倫茲力提供粒子做圓周運動的向心力,由牛頓第二定律得qvB=m, 解得r== 在擋板左側(cè)能打在擋板上最遠點的粒子恰好與擋板相切, 設(shè)此時打在擋板上的點為N,如圖19所示, 圖19 由題意可知r==OP,由幾何知識可得PN= 設(shè)初速度與OP夾角為θ,θ由0增大,粒子打在擋板的N點下移,當粒子剛好通過P點時,粒子開始打在擋板的右側(cè),設(shè)此時打在擋板上的點為M,且此時擋板吸收的粒子數(shù)最多,如圖19所示,在△OPM中,由幾何關(guān)系可得PM=,所以PM=. 擋板長度至少等于時,擋板吸收的粒子數(shù)最多. (2)由(1)中的分析知,當粒子恰好從左側(cè)打在P點時,時間最短,如圖20中軌跡1所示,由幾何關(guān)系得粒子轉(zhuǎn)過的圓心角為θ1=;當粒子從右側(cè)恰好打在P點時,時間最長,如圖20中軌跡2所示,由幾何關(guān)系得粒子轉(zhuǎn)過的圓心角為θ2= 圖20 粒子的運動周期T=== 沿軌跡1運動的時間t1=T 沿軌跡2運動的時間t2=T 最長時間與最短時間的差值Δt=t2-t1=. (3)出射方向在水平向右的方向和沿軌跡2運動時的初速度方向之間的粒子都能打在板上,粒子出射速度方向能變化的角度為α=,打到板上的粒子占所有粒子的比率為η==. - 13 -

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