2022年高考物理 考前看題舉例 實驗題

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1、2022年高考物理 考前看題舉例 實驗題 1、現(xiàn)要研究小燈泡在不同電壓下的功率情況，實驗室備有下列器材供選擇： A．待測小燈泡“3.0V 0.6W” B．電流表（量程200mA，內阻約為20Ω） C．電流表（量程0.6A，內阻約為5Ω） D．電壓表（量程3.0V，內阻約為10kΩ） E．電壓表（量程6.0V，內阻約為20kΩ） F．滑動變阻器（最大阻值為100Ω，額定電流50mA） G．滑動變阻器（最大阻值為10Ω，額定電流1.0A） H．電源（電動勢為4.0V，內阻約為0.2Ω） I．電鍵及導線等 （1）為了使實驗測量誤差小，電壓變化范圍盡量大，電流表應選用　B　；電壓

2、表應選用　D　；滑動變阻器應選用　G?。ㄌ顚懫鞑那懊娴淖帜福? （2）如圖所示實驗電路圖中開關S應　斷開?。ㄌ顚憽伴]合”或“斷開”），電壓表V的一端C應接電流表A的　a　端（填寫“a”或“b”）． 答案及解析：解：（1）燈泡額定電流I===0.2A，電流表選B（量程200mA，內阻約為20Ω）； 燈泡額定電壓是3V，電壓表選D．電壓表（量程3.0V，內阻約為10kΩ）；燈泡正常發(fā)光時電路電流為0.2A， 為保證電路安全，滑動變阻器應選G：滑動變阻器（最大阻值為10Ω，額定電流1.0A）； （2）實驗開始時，開關S應斷開，小燈泡兩端電壓從零開始連續(xù)變化，滑動變阻器應采用分壓接法；

3、 燈泡正常發(fā)光時的電阻R===15Ω，==0.75，=≈666.67， ＞，電流表應采用外接法，因此電壓表V的一端C應接在a端； 故答案為：（1）B；D；G；（2）斷開；a 2、如圖甲所示，在一端封閉、長約1m的玻璃管內注滿清水，水中放一個蠟燭做的蠟塊，將玻璃管的開口端用膠塞塞緊，然后將這個玻璃管倒置，在蠟塊沿玻璃管上升的同時，將玻璃管水平向右移動．假設從某時刻開始計時，蠟塊在玻璃管內每1s上升的距離都是10cm，玻璃管向右勻加速平移，每1s通過的水平位移依次是2.5cm、7.5cm、12.5cm、17.5cm．圖中，y表示蠟塊豎直方向的位移，x表示蠟塊隨玻璃管通過的水平位移，t=0

4、時蠟塊位于坐標原點． （1）請在圖乙坐標圖中畫出蠟塊4s內的軌跡； （2）玻璃管向右平移的加速度a=　0.05m/s2??； （3）當t=2s時蠟塊的速度v2=　0.14m/s　． 答案及解析：解：（1）如右圖： （2）蠟塊在水平方向做勻加速運動，每相鄰1秒位移差值 △x=7.5﹣2.5=12.5﹣7.5=17.5﹣12.5=5（cm） △x=at2 則加速度a==5×10﹣2 m/s2； （3）豎直方向上的分速度vy==0.1m/s 水平分速度vx=at=0.1m/s? 根據(jù)平行四邊形定則得，v===0.14m/s 故答案為：（1）見上圖： （2）0.05m/s

5、2； （3）0.14m/s． 3、在研究物體做平拋運動時，應通過多次實驗確定若干個點，描繪出平拋運動的軌跡． ①在實驗中的下列操作正確的是　AC?。? A．實驗中所用斜槽末端的切線必須調到水平 B．每次實驗中小球必須由靜止釋放，初始位置不必相同 C．每次實驗小球必須從斜槽的同一位置由靜止釋放，所用斜槽不必光滑 D．在實驗之前，須先用直尺在紙上確定y軸方向 ②實驗得到平拋小球的運動軌跡，在軌跡上取一些點，以平拋起點O為坐標原點，測量它們的水平坐標x和豎直坐標y，圖中y﹣x2圖象能說明平拋小球運動軌跡為拋物線的是　C　． 答案及解析：解：（1）AB“研究平拋物體的運動”

6、的實驗，保證小球做平拋運動必須通過調節(jié)使斜槽的末端保持水平，因為要畫同一運動的軌跡，必須每次釋放小球的位置相同，且由靜止釋放，以保證獲得相同的初速度，故A正確，B錯誤； C、每次實驗小球必須從斜槽的同一位置由靜止釋放，而斜槽不必一定要光滑，故C正確； D、在實驗之前，須先用重鍾，來確定紙上y軸方向，故D錯誤； （2）物體在豎直方向做自由落體運動，y=gt2；水平方向做勻速直線運動，x=vt； 聯(lián)立可得：y=， 因初速度相同，故為常數(shù)，故y﹣x2應為正比例關系，故C正確，ABD錯誤； 故選：：①AC；②C． 4、小燈泡燈絲的電阻會隨溫度的升高而變化，因而引起功率變化．一研究性學

7、習小組在實驗室通過實驗研究這一問題，實驗室備有的器材是：電壓表（0﹣3V，約3kΩ），電流表（0﹣0.6A，約0.1Ω），電池，開關，滑動變阻器，待測小燈泡，導線若干．實驗時，要求小燈泡兩端電壓從0逐漸增大到額定電壓． （1）在如圖1的虛線框內畫出實驗電路圖 （2）根據(jù)實驗測得數(shù)據(jù)描繪出如圖2所示的U﹣I圖象，小燈泡電壓隨電流變化曲線，由此可知，小燈泡電阻R隨溫度T的關系是　小燈泡的電阻R隨溫度T升高而增大?。? （3）如果一電池的電動勢2V，內阻2.5Ω．請你根據(jù)上述實驗的結果，確定小燈泡接在該電池的兩端，小燈泡的實際功率是　0.41　W．（結果請保留兩位有效數(shù)字） 答案及解析：解

8、：（1）由于實驗要求電流從零調，所以變阻器應采用分壓式接法； 由于小燈泡電阻較小，滿足，電流表應用外接法，實驗電路圖如圖所示： （2）根據(jù)R=可知，電阻R應等于U﹣I圖象上的點與原點連線斜率大小，由于斜率逐漸增大，所以小燈泡的電阻R隨溫度T升高而增大； （3）在表示小燈泡的U﹣I圖象中同時作出表示電源的U﹣I圖象，如圖所示 讀出兩圖線的交點坐標為：I=0.39A，U=1.05V， 所以小燈泡消耗的實際功率為：P=UI=0.41W 故答案為：（1）如圖；（2）小燈泡的電阻R隨溫度T升高而增大；（3）0.41 5、寫出如圖所示的游標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)： （1）游

9、標卡尺的讀數(shù)　 　mm； （2）螺旋測微器的讀數(shù)　 　mm． 答案及解析：解：（1）由圖1所示游標卡尺可知，主尺示數(shù)是5.2cm=52mm， 游標尺示數(shù)是7×0.05mm=0.35mm，游標卡尺示數(shù)為52mm+0.35mm=52.35mm． （2）由圖2所示螺旋測微器可知，固定刻度示數(shù)為3.5mm， 可動刻度示數(shù)為35.5×0.01mm=0.355mm，螺旋測微器示數(shù)為3.5mm+0.355mm=3.855mm． 故答案為：（1）52.35；（2）3.855． 6、為了測量某電池的電動勢E（約為3V）和內阻r，選用的器材如下： A．電流表G1（量程為2m

10、A，內電阻為100Ω） B．電流表G2（量程為1mA，內電阻為200Ω） C．電阻箱R1（0～99.99Ω） D．電阻箱R2（0～9999Ω） E．滑動變阻器R3（0～100Ω 允許最大電流1A） F．待測電池 G．開關一個、導線若干 （1）某同學利用上述器材，采用圖甲的電路測量該電池的電動勢和內阻，請按照圖甲將圖乙所示的實物圖連線； （2）圖甲中利用電阻箱R1將電流表G1改裝成了量程為0.5A的電流表，利用電阻箱R2將將電流表G2裝成了量程為3V的電壓表，則電阻箱R2的阻值調到　2.8　Ω； （3）以G2示數(shù)I2為縱坐標，G1示數(shù)I1為橫坐標，作出I2﹣I1圖象如圖丙所

11、示，結合圖象可得出電源的電動勢為　2.7　V，電源的內阻為　9.0　Ω；（結果均保留兩位有效數(shù)字） 答案及解析：解：（1）：實物連線圖如圖所示： （2）：根據(jù)歐姆定律和串并聯(lián)規(guī)律應有：I=，解得=0.4Ω， 由U=，代入數(shù)據(jù)解得：=2.8； （3）：根據(jù)閉合電路歐姆定律應有：E=； 整理可得：=﹣； 結合圖象斜率和截距概念應有：， 代入數(shù)據(jù)解得：r=9.0Ω，E=2.7V； 故答案為：（1）如圖 （2）2.8 （3）2.7，9.0 7、（1）某同學用自己發(fā)明的新式游標卡尺測量小鋼球的直徑，新式卡尺將主尺上39mm在游標尺上均分成20等份．如圖1所示，則小鋼球的直徑

12、為d=　1.035　cm． （2）該同學又用螺旋測微器測量某電阻絲的直徑，示數(shù)如圖2，則該金屬絲的直徑為　1.195（±0.002）　 mm． 答案及解析：解：1、游標卡尺的精確度為mm=0.05mm，主尺讀數(shù)為：1cm=10mm，游標尺上第7個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為7×0.05mm=0.35mm，所以最終讀數(shù)為：10mm+0.35mm=10.35mm=1.035cm． 2、螺旋測微器的固定刻度為1mm，可動刻度為19.5×0.01mm=0.195mm，所以最終讀數(shù)為1mm+0.195mm=1.195mm最后的結果 最后的結果可以為1.195±0.002．

13、故答案為：1.035；1.195（±0.002） 8、利用如圖甲所示的電路測量某種電阻絲材料的電阻率，所用電阻絲的電阻約為20Ω．帶有刻度尺的木板上有a和b兩個接線柱，把電阻絲拉直后固定在接線柱a和b上．在電阻絲上夾上一個帶有接線柱c的小金屬夾，沿電阻絲移動金屬夾，可改變其與電阻絲接觸點P的位置，從而改變接入電路中電阻絲的長度．可供選擇的器材還有： 電池組E（電動勢為3.0V，內阻約1Ω）； 電流表A1（量程0～100mA，內阻約5Ω）； 電流表A2（量程0～0.6A，內阻約0.2Ω）； 電阻箱R（0～999.9Ω）； 開關、導線若干． 實驗操作步驟如下： A．用螺旋測微器

14、在電阻絲上三個不同的位置分別測量電阻絲的直徑； B．將選用的實驗器材，按照圖甲連接實驗電路； C．調節(jié)電阻箱使其接入電路中的電阻值較大； D．將金屬夾夾在電阻絲上某位置，閉合開關，調整電阻箱的阻值，使電流表滿偏，然后斷開開關．記錄電阻箱的電阻值R和接入電路的電阻絲長度L； E．改變金屬夾與電阻絲接觸點的位置，閉合開關，調整電阻箱的阻值，使電流表再次滿偏．重復多次，記錄每一次電阻箱的電阻值R和接入電路的電阻絲長度L； F．斷開開關，整理好器材． ①某次測量電阻絲直徑d時，螺旋測微器示數(shù)如圖乙所示，則d=　0.730　mm； ②實驗中電流表應選擇　?。ㄌ睢癆1”或“A2”）；

15、③用記錄的多組電阻箱的阻值R和對應的接入電路中電阻絲長度L的數(shù)據(jù)，繪出了如圖丙所示的R﹣L關系圖線，圖線在R軸的截距為R0，在L軸的截距為L0，再結合測出的電阻絲直徑d，寫出電阻絲的電阻率表達式ρ=　?。ㄓ媒o定的物理量符號和已知常數(shù)表示）． ④本實驗中，電流表的內阻對電阻率的測量結果　無　影響（填“有”或“無”）． 答案及解析：解：①：螺旋測微器的讀數(shù)為：d=0.5mm+23.0×0.01mm=0.730mm； ②：根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路中的最大電流為： ==143mA，所以電流表應選； ③：根據(jù)閉合電路歐姆定律，應有：=， 可得：R=， 根據(jù)電阻定律應有：=， 聯(lián)立以

16、上兩式可得：R=﹣， 根據(jù)函數(shù)斜率的概念應有：， 解得：ρ=； ④：本題中若考慮電流表內阻，可將電流表內阻看做電源內阻的一部分，則有： R=﹣，對圖象的斜率沒有影響，即電流表內阻對電阻率的測量結果無影響． 故答案為：①0.730 ② ③ ④無 9、用如圖1實驗裝置驗證m1、m1組成的系統(tǒng)機械能守恒．m2從高處由靜止開始下落，m1向上拖著的紙帶打出一系列的點，對紙帶上的點跡進行測量，即可驗證機械能守恒定律．圖2給出的是實驗中獲取的一條紙帶：0是打下的第一個點，每相鄰兩計數(shù)點間還有4個點（圖中未標出），計數(shù)點間的距離如圖所示．已知m1=50g、m2=150g，打點計時器使用的

17、交流電頻率為50Hz，則（g取9.8m/s2，所有結果均保留三位有效數(shù)字）． （1）在紙帶上打下計數(shù)點5時的速度v5=　2.40　m/s； （2）在打點0～5過程中系統(tǒng)動能的增量△Ek=　0.576　J，系統(tǒng)勢能的減少量△Ep=　0.588　J； （3）若某同學作出﹣h圖象如圖3，則當?shù)氐闹亓铀俣萭=　9.70　m/s2． 答案及解析：解：（1）由于每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個點沒有畫出，所以相鄰的計數(shù)點間的時間間隔T=0.1s， 根據(jù)在勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度大小等于該過程中的平均速度， 可知打第5個點時的速度為： v5==2.40/s， （2）物體的初速度為零

18、，所以動能的增加量為： △EK=（m1+m2）v52=×0.2×2.42J=0.576 J 重力勢能的減小量等于物體重力做功，故：△EP=W=mgh=0.588J； （3）本題中根據(jù)機械能守恒可知，（m1+m2）v2=（m2﹣m1）gh， 即有：v2=gh， 所以v2﹣h圖象中圖象的斜率k=g=， 由圖可知當?shù)氐膶嶋H重力加速度g=9.70m/s2． 故答案為：①2.40 ②0.576、0.588 ③9.70 10、某同學為了測量截面為正三角形的玻璃三棱鏡的折射率，先在白紙上放好三棱鏡，在棱鏡的左側插上兩枚大頭針P1和P2，然后在棱鏡的右側觀察到P1像和P2像，當P1的像

19、恰好被P2像擋住時，插上大頭針P3和P4，使P3擋住P1、P2的像，P4擋住P1、P2的像，在紙上標出的大頭針位置和三棱鏡輪廓如圖所示． （1）在答題紙的圖上畫出對應的光路； （2）為了測出三棱鏡玻璃材料的折射率，若以AB作為分界面，需要測量的量是　 　和　 　，在圖上標出它們； （3）三棱鏡玻璃材料折射率的計算公式是n=　?。? （4）若在測量過程中，放置三棱鏡的位置發(fā)生了微小的平移（移至圖中的虛線位置，底邊仍重合），若仍以AB作為分界面，則三棱鏡材料折射率的測量值　 　真實值（填“大小”、“小于”、“等于”）． 答案及解析：解：①畫出光路圖如圖所示． ②為了測出三

20、棱鏡玻璃材料的折射率，若以AB作為分界面，根據(jù)折射定律可知，需要測量的量是入射角θ1、折射角θ2． ③棱鏡玻璃材料折射率的計算公式是n=． ④在測量過程中，放置三棱鏡的位置發(fā)生了微小的平移，以AB作為分界面，入射角θ1與三棱鏡平移后實際的入射角相等，但折射角θ2變小，則由n=．可知，折射率n偏大，即三棱鏡材料折射率的測量值小于三棱鏡玻璃材料折射率的真實值． 故答案為：①畫出光路圖如圖所示． ②入射角θ1、折射角θ2． ③． ④小于． 11、甲同學想在家里做用單擺測定重力加速度的實驗，但沒有合適的擺球，他找到了一塊大小為3cm左右，外形不規(guī)則的大理石塊代替小球．他設計的實驗步驟

21、是：（ ） A．將石塊用細線系好，結點為M，將細線的上端固定于O點（如圖所示） B．用刻度尺測量OM間細線的長度l作為擺長 C．將石塊拉開一個大約α=30°的角度，然后由靜止釋放 D．從擺球擺到最高點時開始計時，測出30次全振動的總時間t，由T=得出周期． ①則該同學以上實驗步驟中有錯誤的是　BCD　． ②若該同學用OM的長作為擺長，這樣做引起的系統(tǒng)誤差將使重力加速度的測量值比真實值　偏小　 （偏大或偏小）． ③如果該同學改正了錯誤，改變OM間細線的長度做了2次實驗，記下每次相應的線長度l1、l2和周期T1、T2，則由上述四個量得到重力加速度g的表達式是　g=　．

22、 答案及解析：解：（1）則該同學以上實驗步驟中有錯誤的是BCD； B中，擺長應是從懸點到大理石塊的質心的距離； C中，擺球的擺角太大，將不能看作簡諧運動，單擺周期公式失效，不能測定g； D中，測量時間應從單擺擺到最低點開始，因為最低位置擺球速度最大，相同的視覺距離誤差，引起的時間誤差較小，則周期測量比較準確． （2）根據(jù)單擺的周期公式T=2π，得：g=． 該同學用OM的長L作為擺長，擺長偏小，根據(jù)上述表達式得知，g的測量值偏?。? （3）設擺線的結點到大理石質心的距離為r，則根據(jù)單擺的周期公式T=2π得： ? T1=2π T2=2π 聯(lián)立解得：g=； 故答案為：（1）BCD；

23、（2）偏??；（3）g=． 12、某同學設計了一個用打點計時器做“驗證動量守恒定律”的實驗：在小車A的前端粘有橡皮泥，推動小車A使之做勻速運動，然后與原來靜止的小車B相碰并粘合成一體，繼續(xù)做勻速運動．他設計的具體裝置如圖所示，在小車后連接著紙帶，電磁打點計時器使用的電源頻率為50Hz，長木板墊著小木片以平衡摩擦力． （1）若已得到打點紙帶如圖所示，并測得各計數(shù)點間距（標在圖上）．A為運動起點，則應該選擇　BC　段來計算A碰前的速度，應選擇　DE　段來計算A和B碰后的共同速度．（以上空格選填“AB”、“BC”、“CD”、“DE”） （2）已測得小車A的質量m1=0.40kg，小車B的

24、質量m2=0.20kg，由以上測量結果可得碰前m1v0=　0.420kg?m/s　 kg?m/s，碰后（m1+m2）v共=　0.417kg?m/s　 kg?m/s，由此得出結論　在誤差允許的范圍內，碰撞中mv的矢量和是守恒的?。? 答案及解析：解：（1）由于碰撞之后共同勻速運動的速度小于碰撞之前A獨自運動的速度，故AC應在碰撞之前，DE應在碰撞之后． 推動小車由靜止開始運動，故小車有個加速過程，在碰撞前做勻速直線運動，即在相同的時間內通過的位移相同，故BC段為勻速運動的階段，故選BC計算碰前的速度； 碰撞過程是一個變速運動的過程，而A和B碰后的共同運動時做勻速直線運動，故在相同的時間內通過

25、相同的位移，故應選DE段來計算碰后共同的速度． 故答案為BC、DE （2）碰前系統(tǒng)的動量即A的動量，則P1=m1v1=m1=0.40×=0.420 kg?m/s? 碰后的總動量P2=（m1+m2）v2=（m1+m2）=（0.40+0.20）×=0.417kg?m/s 碰撞前后動量近似相等，所以在誤差允許的范圍內，碰撞中mv的矢量和是守恒的． 故答案為：0.420，0.417． 故本題的答案為：（1）BC　DE?。?）0.420　0.417　在誤差允許的范圍內，碰撞中mv的矢量和是守恒的 13、用伏安法測量一定值電阻的實驗，所用的器材及規(guī)格如下： 待測電阻RX（約5Ω）

26、直流毫安表（量程0﹣0.6A，內阻約2Ω） 直流電壓表（量程0﹣3V，內阻約5kΩ） 直流電源（輸出電壓3V，內阻可不計） 滑動變阻器（0﹣20Ω，允許最大電流1A） 電鍵一只，導線若干 ①根據(jù)所給器材的規(guī)格和實驗要求，設計電路，并在圖甲和圖乙中補畫出正確的連接線 ②實驗開始時滑動變阻器的滑片應滑到　右　側 ③如圖丙某次測量過程中電壓表的讀數(shù)　2.26V　，電流表的讀數(shù)　0.42A?。? ④使用這個電路測量電阻值　偏小?。ā捌蟆被颉捌　保? 答案及解析：解：①由圖可知，本題中采用分壓接法，因待測電阻阻值與電流表的內阻接近，屬于小電阻，故應采用電流表外接法；根據(jù)實物圖得

27、出對應的電路圖如圖所示； ②為了實驗安全，開始時應使測量電路兩端的電壓為零；故滑動變阻器的滑片滑到最右側； ③電流表采用0.6A的量程，最小分度為0.02A，故讀數(shù)為0.42A； 電壓表量程為3V，最小分度為0.1V，故讀數(shù)為2.26V； ④因測量電路采用電流表外接法，因為電壓表的分流，使電流表示數(shù)偏大，由歐姆定律可知，測量值偏?。? 故答案為：①如圖所示；②右；③2.26，0.42；④偏小 14、用如圖1實驗裝置驗證m1、m 2組成的系統(tǒng)機械能守恒．圖3給出的是實驗中獲取的一條紙帶：0是打下的第一個點，每相鄰兩計數(shù)點間還有4個打下的點（圖中未標出），計數(shù)點間的距離如圖3所示

28、．已知m1=50g、m2=150g，則（計算結果保留兩位有效數(shù)字） ①在紙帶上打下記數(shù)點5時的速度v=　2.4　m/s； ②這個實驗需要驗證機械能守恒的公式為：　（m1+m2）v2=（m2﹣m1）gh　 ③在記數(shù)點0～5過程中系統(tǒng)動能的增量△EK=　0.58　J．為了簡化計算，設g=10m/s2，則系統(tǒng)勢能的減少量△EP=　0.60　J； ④在本實驗中，若某同學作出了v2﹣h圖象如圖2，h為從起點量起的長度，則據(jù)此得到當?shù)氐闹亓铀俣萭=　9.7　m/s2． 答案及解析：解：①由于每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個點沒有畫出，所以相鄰的計數(shù)點間的時間間隔T=0.1s， 根據(jù)在勻變速

29、直線運動中時間中點的瞬時速度大小等于該過程中的平均速度， 可知打第5個點時的速度為： v5==2.4m/s， ②系統(tǒng)的重力勢能的減小量：△EP=（m2﹣m1）gh? 系統(tǒng)的動能的增加量△EK=（m1+m2）v2， 所以這個實驗需要驗證機械能守恒的公式為（m1+m2）v2=（m2﹣m1）gh． ③物體的初速度為零，所以動能的增加量為： △EK=（m1+m2）v52=×0.2×2.42J=0.58? J 重力勢能的減小量等于物體重力做功，故：△EP=W=mgh=0.60J； ④本題中根據(jù)機械能守恒可知，（m1+m2）v2=（m2﹣m1）gh， 即有：v2=gh， 所以v2﹣

30、h圖象中圖象的斜率k=g=， 由圖可知當?shù)氐膶嶋H重力加速度g=9.7m/s2． 故答案為：①2.4 ②（m1+m2）v2=（m2﹣m1）gh? ③0.58、0.60 ④9.7 15、物理小組在一次探究活動中測量滑塊與木板之間的動摩擦因數(shù)．實驗裝置如圖1，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，一端裝有定滑輪；木板上有一滑塊，其一端與電磁打點計時器的紙帶相連，另一端通過跨過定滑輪的細線與托盤連接．打點計時器使用的交流電源的頻率為50Hz．開始實驗時，在托盤中放入適量砝碼，滑塊開始做勻加速運動，在紙帶上打出一系列小點． （1）圖2給出的是實驗中獲取的一條紙帶的一部分：0、1、2、3

31、、4、5、6、7是計數(shù)點，每相鄰兩計數(shù)點間還有4個小點（圖中未標出），計數(shù)點間的距離如圖2所示．根據(jù)圖中數(shù)據(jù)計算的加速度a=　 ?。ūＡ魞晌挥行?shù)字）． （2）回答下列兩個問題： ①為測量動摩擦因數(shù)，下列物理量中還應測量的有　 ?。ㄌ钊胨x物理量前的字母） A．木板的長度???? B．木板的質量m1????? C．滑塊的質量m2 D．托盤和砝碼的總質量m3　　E．滑塊運動的時間t 測量①中所選定的物理量時需要的實驗器材是　 　． （3）滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ=　?。ㄓ帽粶y物理量的字母表示，重力加速度為g）． 答案及解析：解：（1）由勻變速運動的推論△

32、x=aT2可知加速度： a===×10﹣2=0.50m/s2 （2）（3）①以系統(tǒng)為研究對象，由牛頓第二定律得： m3g﹣f=（m2+m3）a 滑動摩擦力：f=m2gμ， 解得：μ= 要測動摩擦因數(shù)μ，需要測出：滑塊的質量m2 與托盤和砝碼的總質量m3，故選：CD； 需要的器材是天平； 故答案為：（1）0.50m/s2；（2）CD，天平；（3）． 16、在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，小燈泡的規(guī)格為“2V，0.5W”．除了開關、導線外，還有如下器材： 電壓表V，量程0～3V，內阻約5kΩ 電流表A1，量程0～500mA，內阻約0.5Ω 電流表A2，量程0～3

33、00mA，內阻約4Ω 滑動變阻器R1，最大阻值10Ω，額定電流2.0A 滑動變阻器R2，最大阻值100Ω，額定電流1.0A 直流電源E，電動勢約為3V，內阻約為0.5Ω （1）上述器材中，電流表應選　 　，滑動變阻器應選　 　．（填器材符號） （2）請根據(jù)所選的器材，在圖甲中用筆畫線代替導線，連接實驗電路． （3）圖乙是小燈泡的伏安特性曲線，彎曲的原因？ 　 （4）將被測小燈泡與電動勢為2.5V電源串聯(lián)組成閉合回路，小燈泡正常發(fā)光，則通過小燈泡的電流為　 　，電源的內阻為　 ?。? 答案及解析：解：（1）由題意可知，燈

34、泡的額定電流為I==250mA，故電流表選擇A2； 描繪小燈泡的伏安特性曲線，電壓表讀數(shù)要從零讀取，滑動變阻器應采用分壓接法，選擇阻值較小的R1； （2）滑動變阻器采用分壓接法， 小燈泡的電阻較小，遠小于電壓表內阻，電流表應外接，實物圖如下圖． （3）因為小燈泡的電阻率隨溫度的升高而增大，小燈泡的伏安特性曲線是彎曲的． （4）小燈泡正常發(fā)光，根據(jù)燈泡的額定電流為I==0.25A， 電源的內阻r==2Ω 故答案為：（1）A2；R1 （2）如圖所示 （3）因為小燈泡的電阻率隨溫度的升高而增大； （4）0.25A，2Ω 17、某小組利用氣墊導軌裝置探究．做功與物體動能

35、改變量之間的關系”．圖1中，遮光條寬度為d，光電門可測出其擋光時間：滑塊與力傳感器的總質量為M，砝碼盤的質量為mo，不計滑輪和導軌摩擦．實驗步驟如下：①調節(jié)氣墊導軌使其水平．并取5個質量均為m的砝碼放在滑塊上： ②用細繩連接砝碼盤與力傳感器和滑塊，讓滑塊靜止放在導軌右側的某一位置，測出遮光條到光電門的距離為S； ③從滑塊上取出一個砝碼放在砝碼盤中，固定滑塊使其靜止，記錄此時力傳感器的值為F．接通電源，釋放滑塊后，記錄此時力傳感器的值為，測出遮光條經(jīng)過光電門的擋光時間△t； ④再從滑塊上取出?個砝碼放在砝碼盤中，重復步驟③，并保證滑塊從同一個位置靜止釋放； ⑤重復步驟④，直至滑塊上的

36、砝碼全部放入到砝碼盤中． 請完成下面問題： （a）測量遮光條寬度時，應該使用圖2游標卡尺上的　B　（選填A、B、C）部件．若用十分度的游標卡尺測得遮光條寬度d如圖3，則d=　10.2　mm． （b）滑塊經(jīng)過光電門時的速度可用v=　?。ㄓ妙}中所給的字母表示，下同）計算． （c）在處理步驟③所記錄的實驗數(shù)據(jù)時，甲同學理解的合外力做功為W1=FS，則其對應動能變化量應當是△Ek1=　?。彝瑢W理解的合外力做功為W2=F′S，則其對應動能變化量應當是△Ek2=　??； d）丙同學按照乙同學的思路，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)得到F﹣的圖線如圖4所示，則其斜率k=　?。? 答案及解析：解：（a）本實驗中

37、要求測量厚度，故應采用外測量爪進行測量；故選：B； 讀數(shù)為：10mm+2×0.1mm=10.2mm； b、由平均速度公式可得，經(jīng)過光電門的速度v=； c、甲將力傳感器為拉力，則其做功應對應小車的動能的改變量；故動能改變量為： ； 乙應是以砝碼盤的重力為拉力，則動能應為小車與砝碼共同的動能增加量；故動能增加量為：△Ek1=； d、由F′S=可知，F(xiàn)′=?； 故圖象的斜率為：； 故答案為：a、B；10.2； b、； c、； d、． 18、某同學采用圖甲的電路，測量電流表G1的內阻r1．其中電流表G1量程為0～5mA內阻約200Ω； 電流表G2量程為0～10mA，內阻約40

38、Ω；定值電阻Ro阻值為200Ω； 電源電動勢約為3V．請回答下列問題： ①可供選擇的滑動變阻器R1阻值范圍為0～1000Ω，R2阻值范圍為0～20Ω．則滑動變阻器應選，　 ?。ㄌ顚慠l或R2）． ②圖甲中，若要求G1表示數(shù)變大，變阻器滑動頭P應向　 　端移動（填寫A或B）． ③清用筆畫線在乙圖完成實物連線． ④若實驗中讀得G1表和G2表的讀數(shù)為Il和I2，則Gl表的內阻r1=　　（用I1、I2及R0表示） 答案及解析：解：①由電路圖可知，本實驗采用分壓接法，故滑動變阻器應選擇小電阻；故選：R2； ②為了使電流表電流增大，則應使并聯(lián)的滑動變阻器部分增大；故滑片應向B端移動；

39、 ③根據(jù)給出的原理圖可得出其實物圖；如圖所示； ④G1表與定值電阻R0并聯(lián)，由歐姆定律可知，G1表兩端的電壓U=（I2﹣I1）R0； 則G1的內阻r==R0； 故答案為：①R2②B；③如圖所示；（4）R0； 19、為研究小燈泡的伏安曲線的特性，選用小燈泡額定值為“3.0V，1.2W”，實驗中有儀器：安培表、伏特表、電鍵、滑動變阻器、坐標紙、導線 （1）為使加在小燈泡的電壓從零開始，能在較大的范圍調節(jié)，滑動變阻器應采用怎樣連接？畫出相關的電路圖． （2）請根據(jù)你畫的電路圖，把圖中的實驗器材連成符合要求的實驗電路． （3）為使讀數(shù)誤差盡可能小，電壓表的量程應選用　 　

40、檔，電流表的量程應選用　 　檔，為保證實驗安全，測量范圍不能超過　 　V和　 　A，開始做實驗閉合S前，應把P移到　 　端． 答案及解析：解：（1）電壓與電流從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法，小燈泡電阻遠小于電壓表內阻，所以電流表應采用外接法， 實驗原理圖如圖所示： （2）根據(jù)電路圖，把圖中的實驗器材連成符合要求的實驗電路． （3）選用小燈泡額定值為“3.0V，1.2W”，額定電壓U=3V，所以電壓表的量程應選用3V擋， 額定電流I=0.4A，所以電流表的量程應選用0.6A檔， 為保證實驗安全，測量范圍不能超過3V和0.4A，開始做實驗閉合S前，應把P移

41、到D端． 故答案為：（1）如圖 （2）如圖 （3）3；0.6????? 3；0.4??? D 20、某實驗小組采用1圖所示的裝置探究“動能定理”． （1）在小車沿木板滑行的過程中，除細繩的拉力對其做功以外，還有阻力做功，這樣便會給實驗帶來誤差．你的解決的辦法是：　 　 （2）實驗的部分步驟如下，但有的不完善，請在空格處補充完善其步驟． ①在小車中放人砝碼，把紙帶穿過打點計時器，連在小車后端，用細線連接小車和鉤碼； ②將小車停在打點計時器附近，接通打點計時器電源，　 　，小車拖動紙帶，打點計時器在紙帶上打下一列點，　

42、　，取下紙帶； ③改變鉤碼或小車中砝碼的數(shù)量，更換紙帶，重復②的操作． ④某次試驗中得到如圖2所示的一條紙帶，長度單位cm，則小車運動的加速度大小為　 　m/s2（結果保留三位有效數(shù)字） 答案及解析：解：I、（1）小車下滑時受到重力、細線的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，則應該用重力的下滑分量來平衡摩擦力，故可以將長木板的一段墊高，減摩擦力； （2）②本實驗應先接通電源，后釋放紙帶，這樣才能保證紙帶的大部分距離上都打上了點，才能充分利用整個紙帶，最后實驗完畢，關閉電源． ④由圖可知，兩點間還有一個點，故時間間隔t=2T=0.04s； 由逐差法可得，加速度a===

43、150cm/s=1.50m/s2； 故答案為：（1）將木板右側墊高平衡摩擦力 釋放小車?? 關閉電源??? ④1.50 21、在用伏安法測定電池的電動勢和內阻的實驗中，圖甲是某一同學的實物連線圖．他連線有一處錯誤，只須去掉一根導線，就可改正此錯，這根導線的編號是　 ?。畧D乙是根據(jù)某次實驗記錄數(shù)據(jù)畫出的U﹣I圖象，可得該電源的電動勢E=　 　 V，內阻r=　 　Ω 答案及解析： 考點： 測定電源的電動勢和內阻．版權所有 專題： 實驗題． 分析： 根據(jù)實驗原理圖明確電路接法從而找出錯誤的導線；根據(jù)U﹣I圖的截距可求得電源的電動勢；由斜率可求得內阻． 解答： 解

44、：由電路圖可知，電流表串聯(lián)在電路中，而圖中多接了導線③； 由U﹣I圖可知，電源的電動勢E=3V；內阻r==1Ω； 故答案為：③；3；1． 22、一多用電表的電阻擋有三個倍率，分別是×1、×10、×100．用×10擋測量某電阻時，操作步驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉角度很小，為了較準確地進行測量，應換到　 　擋．如果換擋后立即用表筆連接待測電阻進行讀數(shù)，那么缺少的步驟是　 　，若補上該步驟后測量，表盤的示數(shù)如圖所示，則該電阻的阻值是　 　Ω． 答案及解析： 分析： 用歐姆表測電阻，應選擇適當?shù)臋n位，使指針指在中央刻度線附近，歐姆表換擋后要重

45、新進行歐姆調零；歐姆表指針示數(shù)與檔位的乘積是歐姆表示數(shù)． 解答： 解：用×10擋測量某電阻時，操作步驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉角度很小，說明所選檔位太小，為了較準確地進行測量，應換到×100擋．如果換擋后立即用表筆連接待測電阻進行讀數(shù)，那么缺少的步驟是：重新進行歐姆調零，由圖示表盤可知，該電阻的阻值是21×100=2100Ω． 故答案為：×100；重新進行歐姆調零；2100； 23、在“測定金屬的電阻率”的實驗中，需要用毫米刻度尺測出被測金屬絲的長度L．用螺旋測微器測出金屬絲的直徑d，用電流表和電壓表測出金屬絲的電阻Rx． （1）請寫出測金屬絲電阻率的表達式：ρ=　 　（用上

46、述測量量的字母表示）． （2）若實驗中測量金屬絲的直徑時，螺旋測微器的示數(shù)如圖所示，則金屬絲直徑的測量值為d=　 　mm． 答案及解析： 分析： （1）根據(jù)電阻定律求出電阻率的表達式； （2）根據(jù)螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)． 解答： 解：（1）由電阻定律可知，金屬絲電阻Rx=ρ=ρ， 則金屬絲電阻率ρ=； （2）由圖示螺旋測微器可知，螺旋測微器固定刻度示數(shù)為0.5mm，可動刻度示數(shù)為29.8×0.01mm=0.298mm，螺旋測微器示數(shù)為0.5mm+0.298m=0.798mm； 故答案為：（1）；（

47、2）0.796（0.796～0.799）． 24、某同學學習傳感器后，用電源、電磁繼電器、滑動變阻器、開關、導線等儀器設計了一個高溫報警器，要求是：正常情況綠燈亮，有險情時電鈴報警．電路如圖所示，圖中儀器還不完整，請完成以下問題： （1）圖中的甲還需要放入的元件是　 ??； A．二極管 B．光敏電阻 C．NTC熱敏電阻（阻值隨溫度升高而減?。? D．PTC熱敏電阻（阻值隨溫度升高而增大） （2）電路正確連接之后，該同學調試過程發(fā)現(xiàn)報警時溫度比預期偏高了一點點．要求在溫度更低一點時就開始報警，則需要調節(jié)滑動變阻器的滑動頭往　 ?。ㄌ睢白蟆被颉坝摇保┮苿右稽c． 答案及解析

48、：解：（1）根據(jù)要求，在常溫下熱敏電阻甲阻值較大，電磁鐵磁性較弱，不能將銜鐵吸下，此時綠燈所在電路接通，綠燈亮，所以為是綠燈； 溫度升高，熱敏電阻阻值較小，控制電路電流增大時，電磁鐵磁性增大，將銜鐵吸下．所以圖中的甲還需要放入的元件是NTC熱敏電阻（阻值隨溫度升高而減?。? 故選：C （2）電路正確連接之后，該同學調試過程發(fā)現(xiàn)報警時溫度比預期偏高了一點點，則是在熱敏電阻的電阻值比較小的時候才報警說明電路中的總電阻值比較大．要求在溫度更低一點時就開始報警，則需要調節(jié)滑動變阻器，使滑動變阻器的電阻值小一些，則需要將滑動頭往 右移動一些． 故答案為：（1）C，（2）右 25、在“驗證機械

49、能守恒定律”的實驗中，已知打點計時器所用電源的頻率為50Hz，查得當?shù)氐闹亓铀俣萭=9.89m/s，測得所用的重物的質量為1.00kg，實驗中得到一條點跡清晰的紙帶如圖所示，把第一個點記做0，另選連續(xù)的4個點A，B，C，D各點到0點的距離分別為62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm．根據(jù)以上數(shù)據(jù)，可知重物由O點運動到C點，重力勢能的減少量等于　7.62　J，動能的增加量等于　7.56　J（取三位有效數(shù)字）． 答案及解析：解：重力勢能減小量△Ep=mgh=1.0×9.8×0.7776J=7.62J． 在勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度等于該過程中的平均速度

50、，因此有： 故答案為：7.62、7.56． 26、某同學做“用單擺測重力加速度”實驗． ①用游標卡尺測量擺球直徑d，把擺球用細線懸掛在鐵架臺上，用米尺測量出懸線長度l． 某次測量擺球直徑時游標卡尺示數(shù)部分如圖所示，則擺球直徑為d=　2.26　cm． ②在小鋼球某次通過平衡位置時開始計時，并將這次通過平衡位置時記為0，數(shù)出以后小鋼球通過平衡位置的次數(shù)為n，用停表記下所用的時間為t．請用上面的測量數(shù)據(jù)計算重力加速度的表達式為g=　?。? 答案及解析：解：①由圖所示游標卡尺可知，主尺示數(shù)為2.2cm，游標尺示數(shù)為6×0.1mm=0.6mm=0.06cm，則游標卡尺示數(shù)為2.2c

51、m+0.06cm=2.26cm． ②由題意知，單擺完成 全振動的次數(shù)為，單擺的周期= 單擺擺長L=l 由單擺周期公式可知， 重力加速度：g=== 故答案為：2.26， 27、某研究性學習小組為了研究手中電器元件電阻特性，描繪出電器元件伏安特性曲線，該學習小組在實驗室中測量出多組電壓和電流值，數(shù)據(jù)記錄在下表中次數(shù) 1 2 3 4 5 6 7 8 I/mA 10 20 40 60 80 100 120 140 U/V 1.00 1.40 1.80 2.10 2.40 2.50 2.60 2.70 現(xiàn)實驗室中備有下列器材： 電壓表V1（量程0﹣3V，內阻約10kΩ） 電壓表V2

52、（量程0一1 5V，內阻約25kω） 電流表A1（量程0一50mA，內阻約50Ω） 電流表A2（量程0一200mA，內阻約10Ω） 滑線變阻器R1（0一1 5Ω，額定電流1A） 滑線變阻器R2（0一1kΩ，額定電流100mA） 電源E（電動勢4V，內阻不計）開關S和導線若干 （1）請根據(jù)表中的實驗數(shù)據(jù)，在給出的方格紙內作出I一U圖線； （2）該電器元件電阻特性：　 ??； （3）為提高實驗結果的準確程度，從題中選出該同學實驗時所用的器材：電流表為　　（填A1或A2）；電壓表為　?。ㄌ頥1或V2）；滑線變阻器為　　

53、（填R1或R2）． （4）為達到上述目的，請在虛線框內補充畫出正確的實驗電路原理圖． 答案及解析：（1）、根據(jù)表中的實驗數(shù)據(jù)作出I一U圖線如圖所示． （2）、由歐姆定律知，該電器元件的阻值隨電流的增大而減小． （3）、由I﹣U圖象知，最大電流為150mA，最大電壓為3V，故電流表應選，電壓表應選V1，又電流與電壓從零調到最大值，故變阻器應用分壓式接法，應選阻值小的變阻器R1． （4）、根據(jù)以上分析可畫出實驗電路原理圖如圖所示． 故答案為（1）I一U圖線如圖． ???????? （2）該電器元件的阻值隨電流的增大而減小 ???????? （3）、、 ???????

54、?? （4）實驗電路原理如圖 28、測量“水果電池”的電動勢和內電阻的實驗中，將一銅片和一鋅片分別插入同一只蘋果內，就構成了簡單的“水果電池”，其電動勢約為1.5V，可是這種電池并不能點亮額定電壓為1.5V，額定電流為0.3A的手電筒上的小燈泡．原因是流過小燈泡的電流太小了，經(jīng)實驗測定電流約為3mA．現(xiàn)有下列器材： 待測“水果電池” 電流表：滿偏電流3mA，電阻約10Ω 電壓表：量程0～1.5V，電阻約1000Ω 滑動變阻器R1：0～30Ω 滑動變阻器R2：0～3kΩ 開關、導線等實驗器材 （1）本實驗選用上面所示的實驗原理圖1，應該選用哪種規(guī)格的滑動變阻器？　??? ?。?/p>

55、（填寫儀器代號） （2）在實驗中根據(jù)電壓表的示數(shù)U與電流表的示數(shù)I的值，得到U﹣I圖象如上圖2所示，根據(jù)圖中所給數(shù)據(jù)，則“水果電池”的電動勢E=　??? 　V，內電阻r=　???? 　Ω． （3）若不計測量中的偶然誤差，用這種方法測量得出的電動勢和內電阻的值與真實值相比較，電動勢E　??? 　（選填“偏大”或“相等”或“偏小”），內電阻r　??? ?。ㄟx填“偏大”或“相等”或“偏小”）． 答案及解析：（1）R2 （2）1.5；? 500 （3）相等；偏大 測定電源的電動勢和內阻 （1）電源的內阻大約r==500Ω，若選用0～30Ω的滑動變阻器，移動滑片，電流基本不變，所以本實驗中

56、滑動變阻器應選用R2． （2）U﹣I圖線的縱軸截距表示電源的電動勢，圖線斜率的絕對值表示水果電池的內阻． U﹣I圖線的縱軸截距為1.5，知：水果電池的電動勢E=1.5V，圖線斜率的絕對值為：r==500Ω； （3）由于電流表的分壓，使得路端電壓存在誤差，而電流沒有誤差，運用圖象法分別在U﹣I圖上由測量數(shù)據(jù)作出的圖線1和修正誤差后真實值作出的圖線2，由圖看出，電動勢沒有系統(tǒng)誤差，即電動勢值與真實值相等，內阻的測量值偏大． 故答案為：（1）R2 （2）1.5；? 500 （3）相等；偏大． 29、用如圖1所示的電路測量某電阻Rx的阻值，某次實驗中兩電表的示數(shù)情況，如圖2．則：電流

57、表A的示數(shù)為　??? 　 A，電壓表V的示數(shù)為　????? 　 V．若已知電壓表的內阻為5kΩ，電流表的內阻為0.5Ω，則待測電阻的真實值為　???? ?。? 答案及解析：0.30，2.40，7.5Ω． 把電流表改裝成電壓表 電流表A的分度值為0.02A，則讀數(shù)為：I=0.30A； 電壓表分度值為0.1V，電壓表示數(shù)為U=2.40V； 根據(jù)歐姆定律：R總===8Ω 又R總=Rx+RA，得：Rx=8﹣0.5=7.5Ω 故答案為：0.30，2.40，7.5Ω． 30、（1）接通電源與釋放紙帶讓紙帶（隨物體）開始運動，這兩項操作的時間順序是　?? 　 A．先接通電源，后釋放紙

58、帶??? B．先釋放紙帶，后接通電源 C．釋放紙帶的同時接通電源??? D．先接通電源或先釋放紙帶都可以 （2）在用接在50Hz交流電源上的打點計時器測定小車做勻加速直線運動的加速度的實驗中，得到如圖所示的一條紙帶，從比較清晰的點開始起，分別標上計數(shù)點0、1、2、3、4…，相鄰計數(shù)點之間還有四個點未畫出，量得0與1兩點間的距離x1=4.00cm，1與2兩點間的距離x2=6.00cm，2與3兩點間的距離x3=8.00cm．則打下測量點1時小車的速度大小為　?? 　m/s，打下2點時小車的速度大小為　?? 　m/s，小車的加速度大小為　??? 　m/s2． 答案及解析：（1）A；（2）

59、0.50，0.70，2.0． （1）開始記錄時，應先給打點計時器通電打點，然后釋放紙帶讓紙帶（隨物體）開始運動，如果先放開紙帶開始運動，再接通打點計時時器的電源，由于重物運動較快，不利于數(shù)據(jù)的采集和處理，會對實驗產(chǎn)生較大的誤差；先打點再釋放紙帶，可以使打點穩(wěn)定，提高紙帶利用率，可以使紙帶上打更多的點，BCD錯誤，A正確． 故選：A． （2）由于每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個點沒有畫出，所以相鄰的計數(shù)點間的時間間隔T=0.1s， 根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上1點時小車的瞬時速度大?。? v1===0.50m/s 根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上2點時小車的瞬時速度大?。? v2===0.70m/s 由紙帶的數(shù)據(jù)得出相鄰的計數(shù)點間的位移之差相等， 根據(jù)勻變速直線運動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小， 得：a===2.0m/s2 故答案為：（1）A；（2）0.50，0.70，2.0．