2、x>3，所以原不等式的解集為(－3,1)∪(3，＋∞)．
答案：A
3．已知a∈R，不等式≥1的解集為p，且－2?p，則a的取值范圍為( )
A．(－3，＋∞)
B．(－3,2)
C．(－∞，2)∪(3，＋∞)
D．(－∞，－3)∪[2，＋∞)
解析：∵－2?p，∴<1或－2＋a＝0，解得a≥2或a<－3.
答案：D
4．若對(duì)任意正實(shí)數(shù)x，不等式≤恒成立，則實(shí)數(shù)a的最小值為( )
A．1 B.
C. D.
解析：因?yàn)椤?，即a≥，而＝≤(當(dāng)且僅當(dāng)x＝1時(shí)取等號(hào))，所以a≥.
答案：C
5．(2018·蘭州模擬)若變量x，y滿(mǎn)足約束條件則z＝2x·y的最大值為
3、( )
A．16 B．8
C．4 D．3
解析：作出不等式組表示的平面區(qū)域如圖中陰影部分所示．
又z＝2x·y＝2x－y，令u＝x－y，則直線(xiàn)u＝x－y在點(diǎn)(4,0)處u取得最大值，此時(shí)z取得最大值且zmax＝24－0＝16.
答案：A
6．對(duì)于任意實(shí)數(shù)a，b，c，d，有以下四個(gè)命題：
①若ac2>bc2，則a>b；
②若a>b，c>d，則a＋c>b＋d；
③若a>b，c>d，則ac>bd；
④若a>b，則>.
其中正確的命題有( )
A．1個(gè) B．2個(gè)
C．3個(gè) D．4個(gè)
解析：①由ac2>bc2，得c≠0，則a>b，①正確；
②由不等式的同向可加性
4、可知②正確；
③錯(cuò)誤，當(dāng)d－2，
但 <.故正確的命題有2個(gè)．
答案：B
7．(2018·成都質(zhì)檢)若實(shí)數(shù)x，y滿(mǎn)足不等式組且x－y的最大值為5，則實(shí)數(shù)m的值為( )
A．0 B．－1
C．－2 D．－5
解析：根據(jù)不等式組，作出可行域如圖中陰影部分所示，令z＝x－y，則y＝x－z，當(dāng)直線(xiàn)y＝x－z過(guò)點(diǎn)B(1－m，m)時(shí)，z取得最大值5，所以1－m－m＝5?m＝－2.
答案：C
8．對(duì)于函數(shù)f(x)，如果存在x0≠0，使得f(x0)＝－f(－x0)，則稱(chēng)(x0，f(x0))與(－x0，f(－x0)
5、)為函數(shù)圖象的一組奇對(duì)稱(chēng)點(diǎn)．若f(x)＝ex－a(e為自然對(duì)數(shù)的底數(shù))的圖象上存在奇對(duì)稱(chēng)點(diǎn)，則實(shí)數(shù)a的取值范圍是( )
A．(－∞，1) B．(1，＋∞)
C．(e，＋∞) D．[1，＋∞)
解析：因?yàn)榇嬖趯?shí)數(shù)x0(x0≠0)，
使得f(x0)＝－f(－x0)，
則ex0－a＝－e－x0＋a，即ex0＋＝2a，又x0≠0，所以2a＝ex0＋>2＝2，即a>1.
答案：B
9．(2018·長(zhǎng)沙模擬)若1≤log2(x－y＋1)≤2，|x－3|≤1，則x－2y的最大值與最小值之和是( )
A．0 B．－2
C．2 D．6
解析：1≤log2(x－y＋1)≤2，|x－
6、3|≤1，
即變量x，y滿(mǎn)足約束條件
即
作出不等式組表示的可行域如圖中陰影部分所示，
可得x－2y在A(yíng)(2，－1)，C(4,3)處取得最大值、最小值分別為4，－2，其和為2.
答案：C
10．已知函數(shù)f(x)(x∈R)的圖象如圖所示，f′(x)是f(x)的導(dǎo)函數(shù)，則不等式(x2－2x－3)f′(x)>0的解集為( )
A．(－∞，－2)∪(1，＋∞)
B．(－∞，－2)∪(1,2)
C．(－∞，－1)∪(－1,0)∪(2，＋∞)
D．(－∞，－1)∪(－1,1)∪(3，＋∞)
解析：由f(x)的圖象可知，在(－∞，－1)，(1，＋∞)上，f′(x)>0，在(－
7、1,1)上，f′(x)<0.由(x2－2x－3)·f′(x)>0，得或
即或
所以不等式的解集為(－∞，－1)∪(－1,1)∪(3，＋∞)．
答案：D
11．(2018·九江模擬)已知點(diǎn)P(x，y)滿(mǎn)足過(guò)點(diǎn)P的直線(xiàn)與圓x2＋y2＝14相交于A(yíng)，B兩點(diǎn)，則|AB|的最小值為( )
A．2 B．2
C．2 D．4
解析：不等式組所表示的平面區(qū)域?yàn)椤鰿DE及其內(nèi)部(如圖)，
其中C(1,3)，D(2,2)，E(1,1)，且點(diǎn)C，D，E均在圓x2＋y2＝14的內(nèi)部，故要使|AB|最小，則AB⊥OC，因?yàn)閨OC|＝，所以|AB|＝2×＝4，故選D.
答案：D
12．某企業(yè)生
8、產(chǎn)甲、乙兩種產(chǎn)品均需用A，B兩種原料．已知生產(chǎn)1噸每種產(chǎn)品所需原料及每天原料的可用限額如表所示．如果生產(chǎn)1噸甲、乙產(chǎn)品可獲利潤(rùn)分別為3萬(wàn)元、4萬(wàn)元，則該企業(yè)每天可獲得最大利潤(rùn)為( )
甲
乙
原料限額
A(噸)
3
2
12
B(噸)
1
2
8
A.12萬(wàn)元 B．16萬(wàn)元
C．17萬(wàn)元 D．18萬(wàn)元
解析：根據(jù)題意，設(shè)每天生產(chǎn)甲x噸，乙y噸，則目標(biāo)函數(shù)為z＝3x＋4y，作出不等式組所表示的平面區(qū)域如圖中陰影部分所示，
作出直線(xiàn)3x＋4y＝0并平移，易知當(dāng)直線(xiàn)經(jīng)過(guò)點(diǎn)A(2，3)時(shí)，z取得最大值且zmax＝3×2＋4×3＝18，故該企業(yè)每天可獲得最大利
9、潤(rùn)為18萬(wàn)元，選D.
答案：D
二、填空題
13．(2017·高考全國(guó)卷Ⅰ)設(shè)x，y滿(mǎn)足約束條件則z＝3x－2y的最小值為_(kāi)_________．
解析：
作出不等式組
所表示的可行域如圖中陰影部分所示，由可行域知，當(dāng)直線(xiàn)y＝x－過(guò)點(diǎn)A時(shí)，在y軸上的截距最大，此時(shí)z最小，由解得∴zmin＝－5.
答案：－5
14．在R上定義運(yùn)算：x*y＝x(1－y)，若不等式(x－a)*(x＋a)≤1對(duì)任意的x恒成立，則實(shí)數(shù)a的取值范圍是__________．
解析：由于(x－a)*(x＋a)＝(x－a)(1－x－a)，則不等式(x－a)*(x＋a)≤1對(duì)任意的x恒成立，即x2－x－a
10、2＋a＋1≥0恒成立，所以a2－a－1≤x2－x
恒成立，又x2－x＝2－≥－，則a2－a－1≤－，解得－≤a≤.
答案：
15．(2018·湖南五市十校聯(lián)考)設(shè)z＝kx＋y，其中實(shí)數(shù)x，y滿(mǎn)足若z的最大值為12，則實(shí)數(shù)k＝__________.
解析：作出可行域，如圖中陰影部分所示．
由圖可知當(dāng)0≤－k<時(shí)，直線(xiàn)y＝－kx＋z經(jīng)過(guò)點(diǎn)M(4,4)時(shí)z最大，所以4k＋4＝12，解得k＝2(舍去)；當(dāng)－k≥時(shí)，直線(xiàn)y＝－kx＋z經(jīng)過(guò)點(diǎn)B(0,2)時(shí)z最大，此時(shí)z的最大值為2，不合題意；當(dāng)－k<0時(shí)，直線(xiàn)y＝－kx＋z經(jīng)過(guò)點(diǎn)M(4,4)時(shí)z最大，所以4k＋4＝12，解得k＝2，符合．綜上可知k＝2.
答案：2
16．記min{a，b}為a，b兩數(shù)的最小值．當(dāng)正數(shù)x，y變化時(shí)，
令t＝min，則t的最大值為_(kāi)_________．
解析：因?yàn)閤>0，y>0，所以問(wèn)題轉(zhuǎn)化為t2≤(2x＋y)·＝≤＝＝2，當(dāng)且僅當(dāng)x＝y(tǒng)時(shí)等號(hào)成立，所以0
2022高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第一部分 送分專(zhuān)題 第3講 不等式及線(xiàn)性規(guī)劃練習(xí) 理
