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2019-2020年高三物理一輪總復習第4章《曲線運動萬有引力與航天》3圓周運動及其應用課時作業(yè)新人教版.doc

上傳人：tia****nde

文檔編號：6205952

上傳時間：2020-02-19

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2019-2020年高三物理一輪總復習第4章《曲線運動萬有引力與航天》3圓周運動及其應用課時作業(yè)新人教版一、選擇題 1．世界一級方程式錦標賽新加坡大獎賽賽道單圈長5.067公里，共有23個彎道，如圖所示，賽車在水平路面上轉彎時，常常在彎道上沖出跑道，則以下說法正確的是(　　) A．是由于賽車行駛到彎道時，運動員未能及時轉動方向盤才造成賽車沖出跑道的 B．是由于賽車行駛到彎道時，運動員沒有及時加速才造成賽車沖出跑道的 C．是由于賽車行駛到彎道時，運動員沒有及時減速才造成賽車沖出跑道的 D．由公式F＝mω2r可知，彎道半徑越大，越容易沖出跑道【解析】　賽車在水平面上轉彎時，它需要的向心力是由賽車與地面間的摩擦力提供的．由F＝m知，當v較大時，賽車需要的向心力也較大，當摩擦力不足以提供其所需的向心力時，賽車將沖出跑道．【答案】　C 2．一質(zhì)量為m的小物塊沿半徑為R的豎直圓弧軌道下滑，滑到軌道最低點時速度是v.若小物塊與軌道間的動摩擦因數(shù)為μ，則當小物塊滑到最低點時，受到的摩擦力是(　　) A．μmg B．μ C．μ D．0 【解析】　小物塊在最低點受到豎直向上的支持力、豎直向下的重力和水平向左的摩擦力，由FN－mg＝m，F(xiàn)f＝μFN可得，F(xiàn)f＝μ，選項B正確．【答案】　B 3. (xx寶雞質(zhì)檢)如圖所示，豎直放置的螺旋形光滑軌道是圓形光滑軌道相切而成的，P、Q為對應的軌道最高點，一個小球以一定速度沿軌道切線方向進入軌道，且能過軌道最高點P，則下列說法中正確的是(　　) A．軌道對小球不做功，小球通過P點的角速度小于通過Q點的角速度 B．軌道對小球做正功，小球通過P點的線速度大于通過Q點的線速度 C．小球通過P點時的向心加速度大于通過Q點時的向心加速度 D．小球通過P點時對軌道的壓力大于通過Q點時對軌道的壓力【解析】　由于軌道對小球的彈力始終垂直速度方向，所以軌道對小球不做功，選項B錯誤；從P到Q重力做正功，vQ>vP，又因為ω＝v/r，rQωP，選項A正確；向心加速度a＝v2/r，選項C錯誤；在最高點時有FN＋mg＝m，可知FN＝m－mg，因vQ>vP，rQFNP，根據(jù)牛頓第三定律可知，小球通過P點時對軌道的壓力小于通過Q點時對軌道的壓力，選項D錯誤．【答案】　A 4. 如圖所示，汽車車廂頂部懸掛一個輕質(zhì)彈簧，彈簧下端拴一個質(zhì)量為m的小球，當汽車以某一速度在水平地面上勻速行駛時彈簧長度為L1；當汽車以同一速率勻速通過一個橋面為圓弧形凸形橋的最高點時，彈簧長度為L2，下列說法中正確的是(　　) A．L1>L2 B．L1＝L2 C．L10，比較兩式可得L1>L2.選項A正確．【答案】　A 5. 一根細線一端系一小球(可視為質(zhì)點)，另一端固定在一光滑錐頂上，如圖所示，設小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動的角速度為ω，細線的拉力為T，則T隨ω2變化的圖象是(　　) 【解析】　當ω較小時，小球沒有脫離圓錐，小球受到重力G、拉力T和垂直于光滑圓錐的支持力N的作用，它們在水平方向的合力提供向心力，設圓錐底角為θ，則Tsinθ＋Ncosθ＝G，Tcosθ－Nsinθ＝mω2lcosθ，可求得，T＝Gsinθ＋mω2lcos2θ，此時T—ω2圖象是縱軸截距不為零的傾斜直線，斜率k＝mlcos2θ；當ω較大時，小球脫離圓錐，小球的重力G和拉力T的合力提供向心力，設細繩與水平方向的夾角為α，則Tcosα＝mω2lcosα，可求得T＝mω2l，此時T－ω2圖象是斜率k′＝ml>k的傾斜直線．綜上分析，選項C正確．【答案】　C 6. 如圖所示，內(nèi)壁光滑的半球形容器固定放置，其圓形頂面水平．兩個完全相同的小球a、b分別沿容器內(nèi)壁，在不同的水平面內(nèi)做勻速圓周運動．下列判斷正確的是(　　) A．a(chǎn)對內(nèi)壁的壓力小于b對內(nèi)壁的壓力 B．a(chǎn)的周期小于b的周期 C．a(chǎn)的角速度小于b的角速度 D．a(chǎn)的向心加速度與b的向心加速度大小相等【解析】　小球在半球形容器內(nèi)做勻速圓周運動，圓心在水平面內(nèi)，受到自身重力mg和內(nèi)壁的彈力N方向指向半球形的球心．受力如圖，由幾何關系可知N＝，設球體半徑為R，則圓周運動的半徑Rsinθ，向心力mgtanθ＝mRsinθω2＝ma，得到角速度 ω＝，向心加速度a＝gtanθ.小球a的彈力和豎直方向夾角θ大，所以a對內(nèi)壁的壓力大，選項A錯．a(chǎn)的角速度大選項C錯，周期T＝a的周期小選項B對．a(chǎn)的向心加速度大選項D錯．【答案】　B 7．如圖所示，長為 L的細繩一端固定，另一端系一質(zhì)量為m的小球．給小球一個合適的初速度，小球便可在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，這樣就構成了一個圓錐擺，設細繩與豎直方向的夾角為θ.下列說法中正確的是(　　) A．小球受重力、繩的拉力和向心力作用 B．小球做圓周運動的半徑為L C．θ越大，小球運動的速度越大 D．θ越大，小球運動的周期越大【解析】　小球只受重力和繩的拉力作用，合力大小為F＝mgtanθ，半徑為R＝Lsinθ，A、B均錯；小球做圓周運動的向心力是由重力和繩的拉力的合力提供的，則mgtanθ＝m，得到v＝sinθ，θ越大，小球運動的速度越大，C對；周期T＝＝2π，θ越大，小球運動的周期越小，D錯．【答案】　C 8．(多選)如圖所示，長為l的細繩一端固定在O點，另一端拴住一個小球，在O點的正下方與O點相距的地方有一枚與豎直平面垂直的釘子；把小球拉起使細繩在水平方向伸直，由靜止開始釋放，當細繩碰到釘子的瞬間，下列說法正確的是(　　) A．小球的線速度不發(fā)生突變 B．小球的角速度不發(fā)生突變 C．小球的向心加速度突然增大到原來的2倍 D．繩子對小球的拉力突然增大到原來的2倍【解析】　由于慣性，小球的線速度不會突變，但由于繼續(xù)做圓周運動的半徑減小為原來的一半，則角速度ω＝增為原來的2倍；向心加速度a＝也增為原來的2倍；對小球受力分析，由牛頓第二定律得FT－mg＝，即FT＝mg＋，r減為原來的一半，拉力增大，但不到原來的2倍．【答案】　AC 9．(多選)如圖所示，兩個質(zhì)量不同的小球用長度不等的細線拴在同一點，并在同一水平面內(nèi)做勻速圓周運動，則它們的(　　) A．周期相同 B．線速度的大小相等 C．角速度的大小相等 D．向心加速度的大小相等【解析】　設圓錐擺的高為h，則由三角形相似得mg＝m＝mω2r＝m2r＝ma，故v＝r，ω＝，T＝2π，a＝g.因兩圓錐擺的h相同，而r不同，故兩小球運動的線速度不同，角速度的大小相等，周期相同，向心加速度不同．【答案】　AC 10. 一中空圓筒長l＝200 cm，其兩端以紙封閉，使筒繞其中心軸線OO′勻速轉動，一子彈沿與OO′平行的方向以v＝400 m/s的速度勻速穿過圓筒，在圓筒兩端面分別留下彈孔A和B，如圖所示．今測得A和軸線所在平面與B和軸線所在平面的夾角為120，此圓筒的轉速為(　　) A. r/s B. r/s C．200r/s(n＝0、1、2、3……) D．200r/s(n＝0、1、2、3……) 【解析】　子彈在圓筒內(nèi)做勻速直線運動，在它由圓筒的一端運動到另一端的時間里，由題圖可知圓筒轉過的角度可能為θ＝2πn＋(n＝0、1、2、3…)．由角速度的定義式及其與轉速N的關系即可求出圓筒每秒鐘轉過的圈數(shù)．子彈穿過圓筒的時間t＝＝＝ s．由ω＝及N＝得，轉速N＝200 r/s(n＝0、1、2、3……)，選項C正確．【答案】　C 11．(多選)如圖甲所示，輕桿一端固定在O點，另一端固定一小球，現(xiàn)讓小球在豎直平面內(nèi)做半徑為R的圓周運動．小球運動到最高點時，桿與小球間彈力大小為F，小球在最高點的速度大小為v，其F－v2圖象如乙圖所示．則(　　) A．小球的質(zhì)量為 B．當?shù)氐闹亓铀俣却笮? C．v2＝c時，小球對桿的彈力方向向上 D．v2＝2b時，小球受到的彈力與重力大小相等【解析】　當彈力F方向向下時，F(xiàn)＋mg＝mv2/R，解得F＝v2－mg，當彈力F方向向上時，mg－F＝m，解得F＝mg－m，對比F－v2圖象可知，b＝gR，a＝mg，聯(lián)立解得：g＝，m＝.選項A正確B錯誤；v2＝c時，小球對桿的彈力方向向上，選項C正確；v2＝2b時，小球受到的彈力與重力大小相等，選項D正確．【答案】　ACD 二、非選擇題 12．如圖所示，一個豎直放置的圓錐筒可繞其中心軸OO′轉動，筒內(nèi)壁粗糙，筒口半徑和筒高分別為R和H，筒內(nèi)壁A點的高度為筒高的一半，內(nèi)壁上有一質(zhì)量為m的小物塊．求： (1)當筒不轉動時，物塊靜止在筒壁A點受到的摩擦力和支持力的大??； (2)當物塊在A點隨筒做勻速轉動，且其所受到的摩擦力為零時，筒轉動的角速度．【解析】　(1)當筒不轉動，物塊靜止在筒壁A點時受到重力、摩擦力和支持力三力作用而平衡，由平衡條件得摩擦力的大小f＝mgsinθ＝mg 支持力的大小FN＝mgcosθ＝mg. (2)當物塊在A點隨筒做勻速轉動，且其所受到的摩擦力為零時，物塊在筒壁A點時受到重力和支持力作用，它們的合力提供向心力．設筒轉動的角速度為ω，有mgtanθ＝mω2 由幾何關系得tanθ＝聯(lián)立以上各式解得 ω＝. 【答案】　(1)　　(2) 13．如圖所示，一不可伸長的輕繩上端懸掛于O點，下端系一質(zhì)量m＝1.0 kg的小球．現(xiàn)將小球拉到A點(保持繩繃直)由靜止釋放，當它經(jīng)過B點時繩恰好被拉斷，小球平拋后落在水平地面上的C點．地面上的D點與OB在同一豎直線上，已知繩長L＝1.0 m，B點離地高度H＝1.0 m，A、B兩點的高度差h＝0.5 m，重力加速度g取10 m/s2，不計空氣影響，求： (1)地面上DC兩點間的距離s； (2)輕繩所受的最大拉力大?。? 【解析】　(1)小球從A到B過程機械能守恒，有 mgh＝mv① 小球從B到C做平拋運動，在豎直方向上有 H＝gt2② 在水平方向上有s＝vBt③ 由①②③式解得s＝1.41 m④ (2)小球下擺到達B點時，繩的拉力和重力的合力提供向心力，有F－mg＝m⑤ 由①⑤式解得F＝20 N⑥ 根據(jù)牛頓第三定律F′＝－F⑦ 輕繩所受的最大拉力為20 N. 【答案】　(1)1.41 m　(2)20 N 14. (xx江蘇卷)一轉動裝置如圖所示，四根輕桿OA、OC、AB和CB與兩小球及一小環(huán)通過鉸鏈連接，輕桿長均為l，球和環(huán)的質(zhì)量均為m，O端固定在豎直的輕質(zhì)轉軸上．套在轉軸上的輕質(zhì)彈簧連接在O與小環(huán)之間，原長為L.裝置靜止時，彈簧長為L.轉動該裝置并緩慢增大轉速，小環(huán)緩慢上升．彈簧始終在彈性限度內(nèi)，忽略一切摩擦和空氣阻力，重力加速度為g.求： (1)彈簧的勁度系數(shù)k； (2)AB桿中彈力為零時，裝置轉動的角速度ω0； (3)彈簧長度從L緩慢縮短為L的過程中，外界對轉動裝置所做的功W. 【解析】　(1)裝置靜止時，設OA、AB桿中的彈力分別為F1、T1、OA桿與轉軸的夾角為θ1. 小環(huán)受到彈簧的彈力F彈1＝k 小環(huán)受力平衡，F(xiàn)彈1＝mg＋2T1cosθ1 小球受力平衡，F(xiàn)1cosθ1＋T1cosθ1＝mg F1sinθ1＝T1sinθ1 解得k＝. (2)設OA、AB桿中的彈力分別為F2、T2，OA桿與轉軸的夾角為θ2，彈簧長度為x. 小環(huán)受到彈簧的彈力F彈2＝k(x－L) 小環(huán)受力平衡F彈2＝mg 得x＝L 對小球F2cosθ2＝mg F2sinθ2＝mωlsinθ2 且cosθ2＝解得ω0＝ . (3)彈簧長度為L時，設OA、AB桿中的彈力分別為F3、T3，OA桿與彈簧的夾角為θ3. 小環(huán)受到彈簧的彈力F彈3＝kL 小環(huán)受力平衡2T3cosθ3＝mg＋F彈3 且cosθ3＝對小球F3cosθ3＝T3cosθ3＋mg F3sinθ3＋T3sinθ3＝mωlsinθ3 解得ω3＝整個過程彈簧彈性勢能變化為零，則彈力做的功為零，由動能定理有： W－mg－2mg＝2m(ω3lsinθ3)2 解得W＝mgL＋【答案】　(1)　(2) 　(3)mgL＋

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