《高考物理大二輪專題復習 專題三 第1課時 拋體和圓周運動專題突破課件》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《高考物理大二輪專題復習 專題三 第1課時 拋體和圓周運動專題突破課件（33頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
1、專 題 三 力與物體的曲線運動本專題解決的是物體本專題解決的是物體(或帶電體或帶電體)在力的作用下的曲線運動的在力的作用下的曲線運動的問題高考對本專題的考查以運動組合為線索，進而從力和問題高考對本專題的考查以運動組合為線索，進而從力和能的角度進行命題，題目情景新，過程復雜，具有一定的綜能的角度進行命題，題目情景新，過程復雜，具有一定的綜合性考查的主要內容有：合性考查的主要內容有：曲線運動的條件和運動的合成與分解；曲線運動的條件和運動的合成與分解；平拋運動規(guī)律；平拋運動規(guī)律；圓周運動規(guī)律；圓周運動規(guī)律；平拋運動與圓周運動的多過程組合問題；平拋運動與圓周運動的多過程組合問題；專題定位帶電粒子在電場
2、中的類平拋運動問題；帶電粒子在電場中的類平拋運動問題；帶電粒子在磁帶電粒子在磁場內的勻速圓周運動問題；場內的勻速圓周運動問題；帶電粒子在簡單組合場內的帶電粒子在簡單組合場內的運動問題等用到的主要物理思想和方法有：運動的合成運動問題等用到的主要物理思想和方法有：運動的合成與分解思想、應用臨界條件處理臨界問題的方法、建立類與分解思想、應用臨界條件處理臨界問題的方法、建立類平拋運動模型方法、等效的思想方法等平拋運動模型方法、等效的思想方法等專題定位熟練掌握平拋、圓周運動的規(guī)律，對平拋和圓周運動的組合熟練掌握平拋、圓周運動的規(guī)律，對平拋和圓周運動的組合問題，要善于由轉折點的速度進行突破；靈活應用運動的
3、合問題，要善于由轉折點的速度進行突破；靈活應用運動的合成與分解的思想成與分解的思想,解決帶電粒子在電場中的類平拋運動問題；解決帶電粒子在電場中的類平拋運動問題；對帶電粒子在磁場內的勻速圓周運動問題掌握找圓心求半徑對帶電粒子在磁場內的勻速圓周運動問題掌握找圓心求半徑的方法的方法應考策略第1課時拋體和圓周運動 知 識 方 法 聚 焦 熱 點 考 向 例 析 審題破題 真題演練欄目索引知識方法聚焦1.不共線不共線 等時性等時性 獨立性獨立性 等效性等效性2.(1) v0 gt v0t(2)中點中點 2tan 3.(1) v (2) v0 知識回扣 知識方法聚焦規(guī)律方法1.豎直平面內圓周運動的最高點和
4、最低點的速度關系通常利用豎直平面內圓周運動的最高點和最低點的速度關系通常利用 來建立聯(lián)系，然后結合牛頓第二定律進行來建立聯(lián)系，然后結合牛頓第二定律進行動力學分析動力學分析.2.對于平拋或類平拋運動與圓周運動組合的問題，應用合成對于平拋或類平拋運動與圓周運動組合的問題，應用合成與分解的思想分析這兩種運動轉折點的與分解的思想分析這兩種運動轉折點的 是解題的關鍵是解題的關鍵.動能定理動能定理速度速度熱點考向例析考向1拋體運動問題的分析例例1 1(單選單選)靜止的城市綠化灑水車，由橫截面積為靜止的城市綠化灑水車，由橫截面積為S的水龍的水龍頭噴嘴水平噴出水流，水流從射出噴嘴到落地經(jīng)歷的時間為頭噴嘴水平噴
5、出水流，水流從射出噴嘴到落地經(jīng)歷的時間為t，水流落地點與噴嘴連線與水平地面間的夾角為水流落地點與噴嘴連線與水平地面間的夾角為，忽略空氣，忽略空氣阻力，以下說法正確的是阻力，以下說法正確的是()A.水流射出噴嘴的速度為水流射出噴嘴的速度為gttan B.空中水柱的水量為空中水柱的水量為C.水流落地時位移大小為水流落地時位移大小為D.水流落地時的速度為水流落地時的速度為2gtcot 解析由題意知，水做平拋運動，由題意知，水做平拋運動，為總位移與水平方向的夾為總位移與水平方向的夾角，角，tan 可得水流射出噴嘴的速度為可得水流射出噴嘴的速度為vx ，故故A錯誤；錯誤；答案B1.處理平拋處理平拋(或類
6、平拋或類平拋)運動的基本方法就是把運動分解運動的基本方法就是把運動分解為水平方向的勻速直線運動和豎直方向的勻加速直線為水平方向的勻速直線運動和豎直方向的勻加速直線運動，通過研究分運動達到研究合運動的目的運動，通過研究分運動達到研究合運動的目的.2.要善于建立平拋運動的兩個分速度和分位移與題目呈要善于建立平拋運動的兩個分速度和分位移與題目呈現(xiàn)的角度之間的聯(lián)系，這往往是解決問題的突破口現(xiàn)的角度之間的聯(lián)系，這往往是解決問題的突破口.以題說法針對訓練針對訓練1 如如圖圖1所示，水平地面上有所示，水平地面上有一個坑，其豎直截面為半圓，一個坑，其豎直截面為半圓，O為圓心，為圓心，AB為沿水平方向的直徑為沿
7、水平方向的直徑.若在若在A點以初速點以初速度度v1沿沿AB方向平拋一小球，小球將擊中方向平拋一小球，小球將擊中坑壁上的最低點坑壁上的最低點D點；若點；若A點小球拋出的同時，在點小球拋出的同時，在C點以初點以初速度速度v2沿沿BA方向平拋另一相同質量的小球并也能擊中方向平拋另一相同質量的小球并也能擊中D點點.已知已知COD60，且不計空氣阻力，則，且不計空氣阻力，則()圖圖1A.兩小球同時落到兩小球同時落到D點點B.兩小球在此過程中動能的增加量相等兩小球在此過程中動能的增加量相等C.在擊中在擊中D點前瞬間，重力對兩小球做功的功率不相等點前瞬間，重力對兩小球做功的功率不相等D.兩小球初速度之比兩小
8、球初速度之比v1v2解析由于兩球做平拋運動下落的高度不同，則知兩球不可由于兩球做平拋運動下落的高度不同，則知兩球不可能同時到達能同時到達D點；重力做功不等，則動能的增加量不等；在擊點；重力做功不等，則動能的增加量不等；在擊中中D點前瞬間，重力做功的功率為點前瞬間，重力做功的功率為Pmgvymggt，t不等；不等；設半圓的半徑為設半圓的半徑為R.小球從小球從A點平拋點平拋,可得可得Rv1t1， ,小小球從球從C點平拋，可得點平拋，可得Rsin 60v2t2，R(1cos 60) ，聯(lián)立解得，聯(lián)立解得 故故D正確正確.答案CD熱點考向例析考向2圓周運動問題的分析例例2如圖如圖2所示，在豎直平面內有
9、所示，在豎直平面內有xOy坐標坐標系，其中系，其中y軸豎直，長為軸豎直，長為l的不可伸長細繩，的不可伸長細繩，一端固定在一端固定在A點，點，A點的坐標為點的坐標為(0， )，另一，另一端系一質量為端系一質量為m的小球的小球.現(xiàn)在現(xiàn)在x坐標軸上坐標軸上(x0)固定一個小釘，拉小球使細繩繃直并水平，再將小球從靜止固定一個小釘，拉小球使細繩繃直并水平，再將小球從靜止釋放，當細繩碰到釘子以后，小球可以繞釘子在豎直平面內釋放，當細繩碰到釘子以后，小球可以繞釘子在豎直平面內做圓周運動做圓周運動.圖圖2審題突破審題突破由幾何知識求出小球做圓周運動的軌道半徑后，由幾何知識求出小球做圓周運動的軌道半徑后，怎么才
10、能求出繩子的拉力？小球能繞釘子在豎直平面內做圓怎么才能求出繩子的拉力？小球能繞釘子在豎直平面內做圓周運動的條件是什么？周運動的條件是什么？(1)當釘子在當釘子在的的P點時，小球經(jīng)過最低點細繩恰好不被點時，小球經(jīng)過最低點細繩恰好不被拉斷，求細繩能承受的最大拉力；拉斷，求細繩能承受的最大拉力；解析當釘子在當釘子在 的的P點時，小球繞釘子轉動的半徑點時，小球繞釘子轉動的半徑為：為：小球由靜止到最低點的過程中機械能守恒：小球由靜止到最低點的過程中機械能守恒：聯(lián)立求得最大拉力聯(lián)立求得最大拉力F7mg.答案7mg(2)在滿足在滿足(1)的條件下，為使小球釋放后能繞釘子在豎直平面的條件下，為使小球釋放后能繞
11、釘子在豎直平面內做圓周運動，而細繩又不被拉斷，求釘子所在位置的范圍內做圓周運動，而細繩又不被拉斷，求釘子所在位置的范圍.解析小球繞釘子圓周運動恰好到達最高點時，有：小球繞釘子圓周運動恰好到達最高點時，有：運動中機械能守恒：運動中機械能守恒：釘子所在位置為釘子所在位置為聯(lián)立解得聯(lián)立解得因此釘子所在位置的范圍為因此釘子所在位置的范圍為答案解決圓周運動力學問題要注意以下幾點：解決圓周運動力學問題要注意以下幾點：(1)要進行受力分析，明確向心力的來源，確定圓心以要進行受力分析，明確向心力的來源，確定圓心以及半徑及半徑.(2)列出正確的動力學方程列出正確的動力學方程(3)對于豎直面內的圓周運動要注意對于
12、豎直面內的圓周運動要注意“桿模型桿模型”和和“繩繩模型模型”的臨界條件的臨界條件.以題說法針對訓練針對訓練2 (單選單選)(2014新課標新課標17)如圖如圖3所示，一質量為所示，一質量為M的光滑大圓環(huán)，用一細輕桿固定在豎直平面內；套在大的光滑大圓環(huán)，用一細輕桿固定在豎直平面內；套在大環(huán)上質量為環(huán)上質量為m的小環(huán)的小環(huán)(可視為質點可視為質點)，從大環(huán)的最高處由靜止，從大環(huán)的最高處由靜止滑下滑下.重力加速度大小為重力加速度大小為g.當小環(huán)滑到大環(huán)的最低點時，當小環(huán)滑到大環(huán)的最低點時，大環(huán)對輕桿拉力的大小為大環(huán)對輕桿拉力的大小為()A.Mg5mgB.MgmgC.Mg5mg D.Mg10mg圖圖3解
13、析設大環(huán)半徑為設大環(huán)半徑為R，質量為，質量為m的小環(huán)下滑過程中遵守機械的小環(huán)下滑過程中遵守機械能守恒定律，所以能守恒定律，所以 mv2mg2R.小環(huán)滑到大環(huán)的最低點時的小環(huán)滑到大環(huán)的最低點時的速度為速度為v2 ，根據(jù)牛頓第二定律得，根據(jù)牛頓第二定律得 ，所以在最低點時大環(huán)對小環(huán)的支持力所以在最低點時大環(huán)對小環(huán)的支持力 根據(jù)牛頓第三定律知，小環(huán)對大環(huán)的壓力根據(jù)牛頓第三定律知，小環(huán)對大環(huán)的壓力FNFN5mg，方方向向下向向下.對大環(huán)，據(jù)平衡條件，輕桿對大環(huán)的拉力對大環(huán)，據(jù)平衡條件，輕桿對大環(huán)的拉力TMgFNMg5mg.根據(jù)牛頓第三定律，大環(huán)對輕桿拉力的大根據(jù)牛頓第三定律，大環(huán)對輕桿拉力的大小為小為
14、TTMg5mg，故選項，故選項C正確，選項正確，選項A、B、D錯誤錯誤.答案C審題破題 真題演練4.平拋與圓周運動組合問題的綜合分析例例3 3 (17(17分分)如圖如圖4所示，一小物塊自平臺上以速度所示，一小物塊自平臺上以速度v0水平水平拋出，剛好落在鄰近一傾角為拋出，剛好落在鄰近一傾角為53的粗糙斜面的粗糙斜面AB頂端，頂端，并恰好沿該斜面下滑，已知斜面頂端與平臺的高度差并恰好沿該斜面下滑，已知斜面頂端與平臺的高度差h0.032 m，小物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為，小物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為0.5，A點離點離B點所在平面的高度點所在平面的高度H1.2 m.有一半徑為有一半徑為R的光滑圓軌道
15、與的光滑圓軌道與斜面斜面AB在在B點相切連接，已知點相切連接，已知cos 530.6，sin 530.8，g取取10 m/s2.求：求：(1)小物塊水平拋出的初速度小物塊水平拋出的初速度v0是多少；是多少；(2)若小物塊能夠通過圓軌道最高點，圓軌道半徑若小物塊能夠通過圓軌道最高點，圓軌道半徑R的最大值的最大值.圖圖4思維導圖答題模板解析(1)小物塊自平臺做平拋運動，由平拋運動知識得：小物塊自平臺做平拋運動，由平拋運動知識得：vy 0.8 m/s (2分分)由于物塊恰好沿斜面下滑，則由于物塊恰好沿斜面下滑，則tan 53(3分分)(2)設小物塊過圓軌道最高點的速度為設小物塊過圓軌道最高點的速度為
16、v，受到圓軌道的壓力，受到圓軌道的壓力為為FN.則由向心力公式得：則由向心力公式得：FNmg (2分分)得得v0=0.6 m/s答題模板小物塊能過圓軌道最高點，必有小物塊能過圓軌道最高點，必有FN0(1分分)聯(lián)立以上各式并代入數(shù)據(jù)得：聯(lián)立以上各式并代入數(shù)據(jù)得：高 考 現(xiàn) 場 (限時：15分鐘，滿分19分)(2014福建福建21)如圖如圖5所示為某游樂場所示為某游樂場內水上滑梯軌道示意圖，整個軌道在內水上滑梯軌道示意圖，整個軌道在同一豎直平面內，表面粗糙的同一豎直平面內，表面粗糙的AB段段軌道與四分之一光滑圓弧軌道軌道與四分之一光滑圓弧軌道BC在在B點水平相切點水平相切.點點A距水面的高度為距水
17、面的高度為H，圓弧軌道，圓弧軌道BC的半徑為的半徑為R，圓心圓心O恰在水面恰在水面.一質量為一質量為m的游客的游客(視為質點視為質點)可從軌道可從軌道AB的任的任意位置滑下，不計空氣阻力意位置滑下，不計空氣阻力.圖圖5(1)若游客從若游客從A點由靜止開始滑下，到點由靜止開始滑下，到B點時沿切線方向滑點時沿切線方向滑離軌道落在水面離軌道落在水面D點，點，OD2R，求游客滑到，求游客滑到B點時的速點時的速度度vB大小及運動過程軌道摩擦力對其所做的功大小及運動過程軌道摩擦力對其所做的功Wf；解析(1)游客從游客從B點做平拋運動，有點做平拋運動，有2RvBt 由由式得式得vB 從從A到到B，根據(jù)動能定
18、理，有，根據(jù)動能定理，有由由式得式得Wf(mgH2mgR) 答案(mgH2mgR)解析 設設OP與與OB間夾角為間夾角為，游客在，游客在P點時的速度為點時的速度為vP，受到的支持力為受到的支持力為N，從，從B到到P由機械能守恒定律，有由機械能守恒定律，有(2)某游客從某游客從AB段某處滑下，恰好停在段某處滑下，恰好停在B點，又因受到微小點，又因受到微小擾動，繼續(xù)沿圓弧軌道滑到擾動，繼續(xù)沿圓弧軌道滑到P點后滑離軌道，求點后滑離軌道，求P點離水面點離水面的高度的高度h.(提示：在圓周運動過程中任一點，質點所受的向提示：在圓周運動過程中任一點，質點所受的向心力與其速率的關系為心力與其速率的關系為F向向m )N0 答案過過P點時，根據(jù)向心力公式，有點時，根據(jù)向心力公式，有
高考物理大二輪專題復習 專題三 第1課時 拋體和圓周運動專題突破課件
