2019年高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 二輪專題突破 專題四 電路與電磁感應(yīng) 課時(shí)作業(yè)11 電磁感應(yīng)規(guī)律及其應(yīng)用.doc
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2019年高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 二輪專題突破 專題四 電路與電磁感應(yīng) 課時(shí)作業(yè)11 電磁感應(yīng)規(guī)律及其應(yīng)用 1. 如圖所示,一導(dǎo)體圓環(huán)位于紙面內(nèi),O為圓心.環(huán)內(nèi)兩個(gè)圓心角為90的扇形區(qū)域內(nèi)分別有勻強(qiáng)磁場(chǎng),兩磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小相等,方向相反且均與紙面垂直.導(dǎo)體桿OM可繞O轉(zhuǎn)動(dòng),M端通過滑動(dòng)觸點(diǎn)與圓環(huán)接觸良好.在圓心和圓環(huán)間連有電阻R.桿OM以勻角速度ω逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng),t=0時(shí)恰好在圖示位置.規(guī)定從a到b流經(jīng)電阻R的電流方向?yàn)檎?,圓環(huán)和導(dǎo)體桿的電阻忽略不計(jì),則桿從t=0開始轉(zhuǎn)動(dòng)一周的過程中,電流隨ωt變化的圖象是( ) 解析:根據(jù)E=Bωl2和I=可知,導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電流的大小是恒定的.根據(jù)右手定則,可知C正確. 答案:C 2.如圖甲所示,邊長(zhǎng)為L(zhǎng)、總電阻為R的正方形導(dǎo)線框靜置于光滑水平面上,cd邊正中間有一個(gè)很小的豁口PQ,且導(dǎo)線框處于與水平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示.則下列說法正確的是( ) A.在0~t0時(shí)間內(nèi),正方形導(dǎo)線框有收縮的趨勢(shì) B.在t=時(shí)刻,ab邊所受安培力大小為 C.在0~t0時(shí)間內(nèi)PQ間的電勢(shì)差為 D.在0~t0時(shí)間內(nèi),P點(diǎn)電勢(shì)低于Q點(diǎn)電勢(shì) 解析:由于正方形導(dǎo)線框不閉合,導(dǎo)線框中沒有感應(yīng)電流,但有感應(yīng)電動(dòng)勢(shì),導(dǎo)線框不受安培力,A、B錯(cuò)誤;由法拉第電磁感應(yīng)定律得,導(dǎo)線框的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E==,C正確;在0~t0時(shí)間內(nèi),根據(jù)楞次定律知P點(diǎn)電勢(shì)高于Q點(diǎn)電勢(shì),D錯(cuò)誤. 答案:C 3.法拉第發(fā)明了世界上第一臺(tái)發(fā)電機(jī)——法拉第圓盤發(fā)電機(jī).銅質(zhì)圓盤豎直放置在水平向左的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,圓盤圓心處固定一個(gè)搖柄,邊緣和圓心處各有一個(gè)銅電刷與其緊貼,用導(dǎo)線將電刷與電阻R連接起來形成回路.轉(zhuǎn)動(dòng)搖柄,使圓盤如圖示方向轉(zhuǎn)動(dòng).已知?jiǎng)驈?qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,圓盤半徑為L(zhǎng),圓盤勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為ω,不計(jì)圓盤電阻.則下列說法正確的是( ) A.因?yàn)榇┻^圓盤的總磁通量為零,故不產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì),因此通過R的電流為零 B.通過R的電流方向從a到b C.通過R的電流方向從b到a D.通過R的電流大小為BωL2/R 解析:可將圓盤看成是由許多根長(zhǎng)度為L(zhǎng)的銅條拼接而成的,這許多根銅條均切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì),它們并聯(lián)起來為電阻R供電,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤;對(duì)其中一根長(zhǎng)度為L(zhǎng)的銅條,由右手定則可知,電流從圓盤的圓心流出,從b流進(jìn)電阻,故選項(xiàng)B錯(cuò)誤、C正確;通過電阻R的電流I=E/R,n根銅條并聯(lián)的電動(dòng)勢(shì)等于一根銅條產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E=BLv,v=ωL/2,聯(lián)立解得I=BL2ω/2R,故選項(xiàng)D錯(cuò)誤. 答案:C 4.(xx江西省五校高考模擬考試)如圖甲所示,垂直于水平桌面向上的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=0.8 T,寬度L=2.5 m,光滑金屬導(dǎo)軌OM、ON固定在桌面上,O點(diǎn)位于磁場(chǎng)的左邊界,且OM、ON與磁場(chǎng)左邊界均成45角.金屬棒ab放在導(dǎo)軌上,且與磁場(chǎng)的右邊界重合.t=0時(shí),ab棒在水平向左的外力F作用下向左運(yùn)動(dòng)并勻速通過磁場(chǎng).測(cè)得回路中的感應(yīng)電流I隨時(shí)間t變化的圖象如圖乙所示.已知O點(diǎn)處電阻為R,其余電阻不計(jì).則下列說法中正確的是( ) A.由圖乙可知0~5 s內(nèi)通過ab棒橫截面的電荷量為10 C B.水平外力F隨時(shí)間t變化的表達(dá)式為F=2(2-0.4t)2(N) C.O點(diǎn)處的電阻為1 Ω D.在0~5 s內(nèi)水平外力F做功的功率最大值為4 W 解析:由題圖乙可知,在0~5 s內(nèi)通過ab棒截面的電荷量為q=52 C=5 C,A錯(cuò)誤;由公式q=Δt==L2,解得R=1 Ω,C正確;由題圖乙可知ab棒切割磁感線的速度v===0.5 m/s,ab棒切割磁感線的長(zhǎng)度l=2(L-vt),水平外力F等于安培力,F(xiàn)A==0.32(5-t)2(N),B錯(cuò)誤;水平外力F做功的功率P外=PA=FAv=0.16(5-t)2(W),其中0≤t≤5 s,當(dāng)t=0時(shí),P外max=4 W,D正確. 答案:CD 5.(xx上海高考)如圖(a),螺線管內(nèi)有平行于軸線的外加勻強(qiáng)磁場(chǎng),以圖中箭頭所示方向?yàn)槠湔较颍菥€管與導(dǎo)線框abcd相連,導(dǎo)線框內(nèi)有一小金屬圓環(huán)L,圓環(huán)與導(dǎo)線框在同一平面內(nèi).當(dāng)螺線管內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間按圖(b)所示規(guī)律變化時(shí)( ) A.在t1~t2時(shí)間內(nèi),L有收縮趨勢(shì) B.在t2~t3時(shí)間內(nèi),L有擴(kuò)張趨勢(shì) C.在t2~t3時(shí)間內(nèi),L內(nèi)有逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流 D.在t3~t4時(shí)間內(nèi),L內(nèi)有順時(shí)針方向的感應(yīng)電流 解析:據(jù)題意,在t1~t2時(shí)間內(nèi),外加磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度增加且斜率在增大,則在導(dǎo)線框中產(chǎn)生沿順時(shí)針方向增加的電流,該電流激發(fā)增加的磁場(chǎng),該磁場(chǎng)通過圓環(huán),在圓環(huán)內(nèi)產(chǎn)生感應(yīng)電流,根據(jù)結(jié)論“增縮減擴(kuò)”可以判定圓環(huán)有收縮趨勢(shì),故選項(xiàng)A正確;在t2~t3時(shí)間內(nèi),外加磁場(chǎng)均勻變化,在導(dǎo)線框中產(chǎn)生穩(wěn)定電流,該電流激發(fā)出穩(wěn)定磁場(chǎng),該磁場(chǎng)通過圓環(huán)時(shí),圓環(huán)中沒有感應(yīng)電流,故選項(xiàng)B、C錯(cuò)誤;在t3~t4時(shí)間內(nèi),外加磁場(chǎng)向下減小,且斜率也減小,在導(dǎo)線框中產(chǎn)生沿順時(shí)針方向減小的電流,該電流激發(fā)出向內(nèi)減小的磁場(chǎng),故圓環(huán)內(nèi)產(chǎn)生順時(shí)針方向電流,選項(xiàng)D正確. 答案:AD 6. 空間內(nèi)存在一垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁場(chǎng)區(qū)域的橫截面為等腰直角三角形,底邊水平,其斜邊長(zhǎng)度為L(zhǎng).一正方形導(dǎo)體框邊長(zhǎng)也為L(zhǎng),開始時(shí)正方形導(dǎo)體框的ab邊與磁場(chǎng)區(qū)域橫截面的斜邊剛好重合,如圖所示.從圖示位置開始計(jì)時(shí),正方形導(dǎo)體框以平行于bc邊的速度v勻速穿越磁場(chǎng).若導(dǎo)線框中的感應(yīng)電流為i,a、b兩點(diǎn)間的電壓為uab,感應(yīng)電流取逆時(shí)針方向?yàn)檎?,則在導(dǎo)體框穿越磁場(chǎng)的過程中,下列i、uab隨時(shí)間的變化規(guī)律正確的是( ) 解析:由楞次定律可以判斷出導(dǎo)體框進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針,出磁場(chǎng)時(shí)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針,由E=Blv可得i==,進(jìn)、出磁場(chǎng)時(shí)導(dǎo)體框切割磁感線的有效長(zhǎng)度l均由大變小,所以電流也是從大變小,選項(xiàng)A正確、B錯(cuò)誤;進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)ab為電源,uab<0且uab=-Blv,出磁場(chǎng)時(shí)ab不是電源,電流從b到a,uab<0且uab=-,選項(xiàng)C錯(cuò)誤、D正確. 答案:AD 7.如圖所示,足夠長(zhǎng)的光滑導(dǎo)軌傾斜放置,導(dǎo)軌所在平面與水平面的夾角為θ,其上端接有電阻R,勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于導(dǎo)軌所在平面向上,垂直導(dǎo)軌放置的導(dǎo)體棒EF電阻為r,導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸良好,導(dǎo)軌和導(dǎo)線電阻不計(jì),在導(dǎo)體棒EF下滑的過程中,下列說法正確的是( ) A.導(dǎo)體棒EF中的感應(yīng)電流方向從F到E B.導(dǎo)體棒受到的安培力方向沿斜面向下,大小保持恒定 C.導(dǎo)體棒的機(jī)械能一直減小 D.導(dǎo)體棒克服安培力做的功等于電阻R消耗的電能 解析:在導(dǎo)體棒EF下滑的過程中,由右手定則可判斷出導(dǎo)體棒EF中的感應(yīng)電流方向從F到E,選項(xiàng)A正確;由左手定則可判斷出導(dǎo)體棒EF受到沿斜面向上的安培力F安,開始時(shí),導(dǎo)體棒EF的速度增大,感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)增大,感應(yīng)電流增大,安培力增大,當(dāng)F安=mgsinθ時(shí)導(dǎo)體棒達(dá)到最大速度vm,之后做勻速直線運(yùn)動(dòng),速度不再增大,安培力不變,故選項(xiàng)B錯(cuò)誤;由于下滑過程中導(dǎo)體棒EF切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì),回路中有電阻消耗電能,機(jī)械能不斷轉(zhuǎn)化為內(nèi)能,所以導(dǎo)體棒的機(jī)械能不斷減少,選項(xiàng)C正確;安培力做負(fù)功將機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能,根據(jù)功能關(guān)系可知導(dǎo)體棒克服安培力做的功等于整個(gè)回路消耗的電能,包括電阻R和導(dǎo)體棒消耗的電能,故選項(xiàng)D錯(cuò)誤. 答案:AC 二、非選擇題 8.如圖所示,足夠長(zhǎng)的粗糙斜面與水平面成θ=37角放置,在斜面上虛線cc′和bb′與斜面底邊平行,且兩線間距為d=0.1 m,在cc′、bb′圍成的區(qū)域內(nèi)有垂直斜面向上的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=1 T;現(xiàn)有一質(zhì)量為m=10 g,總電阻為R=1 Ω,邊長(zhǎng)也為d=0.1 m的正方形金屬線圈MNPQ,其初始位置PQ邊與cc′重合,現(xiàn)讓金屬線圈以一定初速度沿斜面向上運(yùn)動(dòng),當(dāng)金屬線圈從最高點(diǎn)返回到磁場(chǎng)區(qū)域時(shí),線圈剛好做勻速直線運(yùn)動(dòng).已知線圈與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.5,取g=10 m/s2,不計(jì)其他阻力,求:(取sin37=0.6,cos37=0.8) (1)線圈向下返回到磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的速度大?。? (2)線圈向上離開磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的動(dòng)能; (3)線圈向下通過磁場(chǎng)區(qū)域過程中,線圈中產(chǎn)生的焦耳熱. 解析:(1)金屬線圈向下勻速進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí),有mgsinθ=μmgcosθ+F安 其中F安=BId,I=,E=Bdv 解得v==2 m/s. (2)設(shè)最高點(diǎn)離bb′的距離為x,線圈從最高點(diǎn)到開始進(jìn)入磁場(chǎng)過程做勻加速直線運(yùn)動(dòng),有v2=2ax,mgsinθ-μmgcosθ=ma 線圈從向上離開磁場(chǎng)到向下進(jìn)入磁場(chǎng)的過程,根據(jù)動(dòng)能定理有 Ek1-Ek=μmgcosθ2x,其中Ek=mv2 得Ek1=mv2+=0.1 J. (3)線圈向下勻速通過磁場(chǎng)區(qū)域過程中,有 mgsinθ2d-μmgcosθ2d+W安=0 Q=-W安 解得Q=2mgd(sinθ-μcosθ)=0.004 J. 答案:(1)2 m/s (2)0.1 J (3)0.004 J 9.如圖甲所示,通過導(dǎo)線將電容器C、定值電阻R與間距為l=0.2 m的平行金屬導(dǎo)軌相連,長(zhǎng)度為l=0.2 m的導(dǎo)體棒MN垂直平行導(dǎo)軌放置,已知導(dǎo)體棒的質(zhì)量為m=0.1 kg,導(dǎo)體棒與平行導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.2,定值電阻R=0.4 Ω,電容器的電容C=10 F,整個(gè)裝置處在垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=0.5 T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中.從某時(shí)刻起,在導(dǎo)體棒MN上加一水平向右的外力,使導(dǎo)體棒向右加速運(yùn)動(dòng),整個(gè)過程中導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌有良好的接觸有沒有發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng),導(dǎo)軌、導(dǎo)線以及導(dǎo)體棒的阻值均可忽略,重力加速度g=10 m/s2. (1)將單刀雙擲開關(guān)扳到2位置,且保持外力的功率不變,通過速度傳感器描繪出的導(dǎo)體棒的速度—時(shí)間圖象如圖乙所示,其中10 s后的圖象與時(shí)間軸平行,如果0~10 s的時(shí)間內(nèi)電路產(chǎn)生的熱量為Q=30 J,則10 s末的外力以及0~10 s內(nèi)導(dǎo)體棒的位移分別為多大? (2)如果將單刀雙擲開關(guān)扳到1位置,將外力改為F=0.3 N的恒力,則10 s末外力的瞬時(shí)功率應(yīng)為多大? 解析:(1)將單刀雙擲開關(guān)扳到2位置,當(dāng)導(dǎo)體棒MN勻速運(yùn)動(dòng)時(shí),速度達(dá)到最大值vm,此時(shí)導(dǎo)體棒MN所受的合外力為零,則F1-FA-Ff=0 導(dǎo)體棒MN所受的摩擦力為Ff=μmg=0.2 N 此時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=Blvm,由歐姆定律可知I= 由安培力的公式得FA=BIl=,代入數(shù)據(jù)得FA=0.25 N 因此10 s末外力的大小為F1=FA+Ff=0.45 N 10 s末外力的功率為P=F1vm=0.4510 W=4.5 W 因此0~10 s內(nèi)外力的功率恒為4.5 W,對(duì)導(dǎo)體棒由動(dòng)能關(guān)系可知Pt=mv+Ffx+Q,代入數(shù)據(jù)可解得x=50 m. (2)將單刀雙擲開關(guān)扳到1位置,當(dāng)導(dǎo)體棒的速度大小為v時(shí),感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=Blv 由C=可知,此時(shí)電容器極板上的電荷量為Q=CU=CE=CBlv 在一小段時(shí)間Δt內(nèi),可認(rèn)為導(dǎo)體棒做勻速運(yùn)動(dòng),速度增加量為Δv,電容器極板上增加的電荷量為ΔQ=CBlΔv 根據(jù)電流的定義式可知I===CBla 對(duì)導(dǎo)體棒,由牛頓第二定律可知F-Ff-BIl=ma 將I=CBla代入上式整理得a=,代入數(shù)據(jù)解得a=0.5 m/s2 顯然導(dǎo)體棒的加速度為一定值,即導(dǎo)體棒做勻加速直線運(yùn)動(dòng),則10 s末導(dǎo)體棒的速度為v′=at=5 m/s 此時(shí)外力的瞬時(shí)功率為P=Fv′=0.35 W=1.5 W 答案:(1)0.45 N 50 m (2)1.5 W 10.如圖所示,兩根金屬平行導(dǎo)軌MN和PQ放在水平面上,左端向上彎曲且光滑,導(dǎo)軌間距為L(zhǎng),電阻不計(jì).水平段導(dǎo)軌所處空間存在兩個(gè)有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)Ⅰ和Ⅱ,兩磁場(chǎng)相距一段距離不重疊,磁場(chǎng)Ⅰ左邊界在水平段導(dǎo)軌的最左端,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,方向豎直向上;磁場(chǎng)Ⅱ的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2B,方向豎直向下.質(zhì)量均為m、電阻均為R的金屬棒a和b放置在導(dǎo)軌上,金屬棒b置于磁場(chǎng)Ⅱ的右邊界CD處.設(shè)兩金屬棒在導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)過程中始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好. (1)若水平段導(dǎo)軌粗糙,兩金屬棒與水平導(dǎo)軌間的最大靜摩擦力均為mg,將金屬棒a從距水平面高度h處由靜止釋放. ①求金屬棒a剛進(jìn)入磁場(chǎng)Ⅰ時(shí),通過金屬棒b的電流大?。? ②若金屬棒a在磁場(chǎng)Ⅰ內(nèi)運(yùn)動(dòng)過程中,金屬棒b能在導(dǎo)軌上保持靜止,通過計(jì)算分析金屬棒a釋放時(shí)的高度h應(yīng)滿足的條件; (2)若水平段導(dǎo)軌是光滑的,將金屬棒a仍從高度h處由靜止釋放,使其進(jìn)入磁場(chǎng)Ⅰ.設(shè)兩磁場(chǎng)區(qū)域足夠大,求金屬棒a在磁場(chǎng)Ⅰ內(nèi)運(yùn)動(dòng)的過程中,金屬棒b中可能產(chǎn)生的最大焦耳熱. 解析:(1)①金屬棒在彎曲光滑導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)的過程中,機(jī)械能守恒,設(shè)其剛進(jìn)入磁場(chǎng)Ⅰ時(shí)速度為v0,產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E,電路中的電流為I. 由機(jī)械能守恒有mgh=mv,解得v0= 感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv0,對(duì)回路I= 解得I= ②對(duì)金屬棒b,其所受安培力F=2BIL 又因I= 金屬棒b棒保持靜止的條件為F≤mg 解得h≤ (2)金屬棒a在磁場(chǎng)Ⅰ中減速運(yùn)動(dòng),感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)逐漸減小,金屬棒b在磁場(chǎng)Ⅱ中加速運(yùn)動(dòng),感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)逐漸增加,當(dāng)兩者相等時(shí),回路中感應(yīng)電流為0,此后金屬棒a、b都做勻速運(yùn)動(dòng).設(shè)金屬棒a、b最終的速度大小分別為v1、v2,整個(gè)過程中安培力對(duì)金屬棒a、b的沖量大小分別為Ia、Ib. 由BLv1=2BLv2,解得v1=2v2 設(shè)向右為正方向:對(duì)金屬棒a,由動(dòng)量定理有-Ia=mv1-mv0 對(duì)金屬棒b,由動(dòng)量定理有-Ib=-mv2-0 由于金屬棒a、b在運(yùn)動(dòng)過程中電流始終相等,則金屬棒b受到的安培力始終為金屬棒a受到安培力的2倍,因此有兩金屬棒受到的沖量的大小關(guān)系Ib=2Ia 解得v1=v0,v2=v0 根據(jù)能量守恒,回路中產(chǎn)生的焦耳熱 Q=mv-=mv=mgh Qb=Q=mgh- 1.請(qǐng)仔細(xì)閱讀文檔,確保文檔完整性,對(duì)于不預(yù)覽、不比對(duì)內(nèi)容而直接下載帶來的問題本站不予受理。
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- 2019年高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 二輪專題突破 專題四 電路與電磁感應(yīng) 課時(shí)作業(yè)11 電磁感應(yīng)規(guī)律及其應(yīng)用 2019 年高 物理 二輪 復(fù)習(xí) 第一 部分 專題 突破 電路 電磁感應(yīng) 課時(shí) 作業(yè) 11
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