2018版高中數(shù)學(xué) 第一章 計(jì)數(shù)原理章末復(fù)習(xí)課學(xué)案 蘇教版選修2-3.doc

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第一章 計(jì)數(shù)原理 學(xué)習(xí)目標(biāo)　1.歸納整理本章的知識(shí)要點(diǎn).2.能結(jié)合具體問題的特征，合理選擇兩個(gè)計(jì)數(shù)原理來分析和解決一些簡單的實(shí)際問題.3.理解排列、組合的概念，能利用計(jì)數(shù)原理推導(dǎo)排列數(shù)和組合數(shù)公式，掌握組合數(shù)的兩個(gè)性質(zhì)，并能用它們解決實(shí)際問題.4.掌握二項(xiàng)式定理和二項(xiàng)展開式的性質(zhì)，并能應(yīng)用它們解決與二項(xiàng)展開式有關(guān)的計(jì)算和證明問題． 1．分類計(jì)數(shù)原理 完成一件事有n類不同的方案，在第1類方案中有m1種不同的方法，在第2類方案中有m2種不同的方法，…，在第n類方案中有mn種不同的方法，那么完成這件事共有N＝____________________種不同的方法． 2．分步計(jì)數(shù)原理 完成一件事需要n個(gè)步驟，做第1步有m1種不同的方法，做第2步有m2種不同的方法，…，做第n步有mn種不同的方法，那么完成這件事有N＝____________________________ 種不同的方法． 3．排列數(shù)與組合數(shù)公式及性質(zhì) 排列與排列數(shù) 組合與組合數(shù) 公式 排列數(shù)公式A＝n(n－1)(n－2)…____________ ＝____________ 組合數(shù)公式C＝________ ＝________________________ ＝________________ 性質(zhì) 當(dāng)m＝n時(shí)，A為全排列；A＝n！；0?。絖_____ C＝C＝1； C＝________； C＋C＝________ 備注 n，m∈N*，且m≤n 4.二項(xiàng)式定理 (1)二項(xiàng)式定理的內(nèi)容： (a＋b)n＝______________________________________________________________. (2)通項(xiàng)公式：Tk＋1＝Can－kbk，k∈{0,1,2，…，n}． (3)二項(xiàng)式系數(shù)的性質(zhì)： ①與首末兩端等距離的兩個(gè)二項(xiàng)式系數(shù)相等； ②若n為偶數(shù)，中間一項(xiàng)的二項(xiàng)式系數(shù)最大；若n為奇數(shù)，中間兩項(xiàng)的二項(xiàng)式系數(shù)相等且最大． ③C＋C＋C＋…＋C＝2n；C＋C＋…＝C＋C＋…＝2n－1. 類型一　數(shù)學(xué)思想方法在求解計(jì)數(shù)問題中的應(yīng)用 例1　車間有11名工人，其中5名男工是鉗工，4名女工是車工，另外兩名老師傅既能當(dāng)車工又能當(dāng)鉗工，現(xiàn)在要在這11名工人里選派4名鉗工，4名車工修理一臺(tái)機(jī)床，則有多少種選派方法？ 　 　 　 　 　 　 　 反思與感悟　解含有約束條件的排列、組合問題，應(yīng)按元素的性質(zhì)進(jìn)行分類，分類時(shí)需要滿足兩個(gè)條件：(1)類與類之間要互斥(保證不重復(fù))．(2)總數(shù)要完備(保證不遺漏)． 跟蹤訓(xùn)練1　從1,2,3,4,5,6這6個(gè)數(shù)字中，任取3個(gè)數(shù)字組成無重復(fù)數(shù)字的三位數(shù)，其中若有1和3時(shí)，3必須排在1的前面；若只有1和3中的一個(gè)時(shí)，它應(yīng)排在其他數(shù)字的前面，這樣不同的三位數(shù)共有________個(gè)．(用數(shù)字作答) 例2　設(shè)集合S＝{1,2,3,4,5,6,7,8,9}，集合A＝{a1，a2，a3}是S的子集，且a1，a2，a3滿足a16包含的情況較少，當(dāng)a3＝9時(shí)，a2取2，a1取1一種情況，利用正難則反思想解決． 集合S的含有三個(gè)元素的子集的個(gè)數(shù)為C＝84.在這些含有三個(gè)元素的子集中能滿足a16的集合只有{1,2,9}，故滿足題意的集合A的個(gè)數(shù)為84－1＝83. 跟蹤訓(xùn)練2　30 解析　從4人中選出兩個(gè)人作為一個(gè)元素有C種方法， 同其他兩個(gè)元素在三個(gè)位置上排列有CA＝36(種)方案，其中有不符合條件的， 即學(xué)生甲、乙同時(shí)參加同一競賽有A種結(jié)果， ∴不同的參賽方案共有36－6＝30(種)． 例3　解　(1)第一步先將4個(gè)舞蹈節(jié)目捆綁起來，看成1個(gè)節(jié)目，與6個(gè)演唱節(jié)目一起排，有A＝5 040(種)方法；第二步再松綁，給4個(gè)節(jié)目排序，有A＝24(種)方法． 根據(jù)分步計(jì)數(shù)原理，一共有5 04024＝120 960(種)安排順序． (2)第一步將6個(gè)演唱節(jié)目排成一列(如下圖中的“□”)，一共有A＝720(種)方法． □□□□□□ 第二步再將4個(gè)舞蹈節(jié)目排在一頭一尾或兩個(gè)演唱節(jié)目中間，這樣相當(dāng)于7個(gè)“”選4個(gè)來排，一共有A＝840(種)方法． 根據(jù)分步計(jì)數(shù)原理，一共有720840＝ 604 800(種)安排順序． (3)若所有節(jié)目沒有順序要求，全部排列，則有A種排法，但原來的節(jié)目已定好順序，需要消除，所以節(jié)目演出的方式有＝A＝132(種)排列． 跟蹤訓(xùn)練3　130 解析　由“1≤|x1|＋|x2|＋|x3|＋|x4|＋|x5|≤3”考慮x1，x2，x3，x4，x5的可能取值，設(shè)集合M＝{0}，N＝{－1,1}． 當(dāng)x1，x2，x3，x4，x5中有2個(gè)取值為0時(shí)，另外3個(gè)從N中取，共有C23種方法； 當(dāng)x1，x2，x3，x4，x5中有3個(gè)取值為0時(shí)，另外2個(gè)從N中取，共有C22種方法； 當(dāng)x1，x2，x3，x4，x5中有4個(gè)取值為0時(shí)，另外1個(gè)從N中取，共有C2種方法． 故總共有C23＋C22＋C2＝130(種)方法，即滿足題意的元素個(gè)數(shù)為130. 例4　解　(1)由C(－2)4∶C(－2)2＝56∶3，解得n＝10， 因?yàn)橥?xiàng)Tr＋1＝C()10－rr ＝(－2)rC，r＝0,1,2，…，10. 當(dāng)5－為整數(shù)時(shí)，r可取0,6， 于是有理項(xiàng)為T1＝x5和T7＝13 440. (2)設(shè)第r＋1項(xiàng)系數(shù)的絕對(duì)值最大，則 解得又因?yàn)閞∈{1,2,3，…，9}， 所以r＝7，當(dāng)r＝7時(shí)，T8＝－15 360， 又因?yàn)楫?dāng)r＝0時(shí)，T1＝x5， 當(dāng)r＝10時(shí)， T11＝(－2)10＝1 024， 所以系數(shù)的絕對(duì)值最大的項(xiàng)為T8＝－15 360. (3)原式＝10＋9C＋81C＋…＋910－1C ＝ ＝ ＝＝. 跟蹤訓(xùn)練4　解　(1)令x＝1，得二項(xiàng)式n展開式中各項(xiàng)系數(shù)之和為(5－1)n＝4n，各項(xiàng)二項(xiàng)式系數(shù)之和為2n， 由題意，得4n＝162n，所以2n＝16，n＝4. (2)通項(xiàng)Tr＋1＝C(5x)4－rr ＝(－1)rC54－r 展開式中二項(xiàng)式系數(shù)最大的項(xiàng)是第3項(xiàng) T3＝(－1)2C52x＝150x. (3)由(2)，得4－r∈Z(r＝0,1,2,3,4)，即r＝0,2,4，所以展開式中所有x的有理項(xiàng)為 T1＝(－1)0C54x4＝625x4， T3＝(－1)2C52x＝150x， T5＝(－1)4C50x－2＝x－2. 例5　解　(1)(x2－3x＋2)5＝(x－1)5(x－2)5， a2是展開式中x2的系數(shù)， ∴a2＝C(－1)5C(－2)3＋C(－1)4C(－2)4＋C(－1)3C(－2)5＝800. (2)令x＝1，代入已知式，可得 a0＋a1＋a2＋…＋a10＝0， 而令x＝0，得a0＝32， ∴a1＋a2＋…＋a10＝－32. (3)令x＝－1，可得 (a0＋a2＋a4＋…＋a10)－(a1＋a3＋…＋a7＋a9)＝65， 再由(a0＋a2＋a4＋…＋a10)＋(a1＋a3＋…＋a7＋a9)＝0， 把這兩個(gè)等式相乘可得， (a0＋a2＋a4＋…＋a10)2－(a1＋a3＋…＋a7＋a9)2＝650＝0. 跟蹤訓(xùn)練5　5 解析　令x＝2，得a0＝(22＋1)(2－3)9＝－5， 令x＝3，則a0＋a1＋a2＋a3＋…＋a11 ＝(32＋1)(3－3)9＝0， 所以a1＋a2＋a3＋…＋a11＝－a0＝5. 當(dāng)堂訓(xùn)練 1．60　2.2　3.216　4.364　5.300