2019高考數(shù)學二輪復(fù)習 專題七 系列4選講 第二講 不等式選講教案 理.doc

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第二講　不等式選講 年份 卷別 考查角度及命題位置 命題分析 2018 Ⅰ卷 絕對值不等式的解法、不等式的應(yīng)用及恒成立問題T23 1.不等式選講是高考的選考內(nèi)容之一，考查的重點是不等式的證明、絕對值不等式的解法等，命題的熱點是絕對值不等式的求解，以及絕對值不等式與函數(shù)的綜合問題的求解． 2.此部分命題形式單一、穩(wěn)定，難度中等，備考本部分內(nèi)容時應(yīng)注意分類討論思想的應(yīng)用. Ⅱ卷 絕對值不等式的解法、不等式的應(yīng)用及恒成立問題T23 Ⅲ卷 分段函數(shù)圖象的畫法與應(yīng)用T23 2017 Ⅰ卷 含絕對值不等式的解法、求參數(shù)的取值范圍T23 Ⅱ卷 基本不等式的應(yīng)用、一些常用的變形及證明不等式的方法T23 Ⅲ卷 含絕對值不等式的解法、函數(shù)最值的求解T23 2016 Ⅰ卷 含絕對值不等式的解法、分段函數(shù)的圖象T24 Ⅱ卷 含絕對值不等式的解法、比較法證明不等式T24 Ⅲ卷 含絕對值不等式的解法、絕對值不等式的性質(zhì)T24 含絕對值不等式的解法及應(yīng)用 授課提示：對應(yīng)學生用書第79頁 [悟通——方法結(jié)論] 1．|ax＋b|≤c，|ax＋b|≥c型不等式的解法 (1)若c＞0，則|ax＋b|≤c?－c≤ax＋b≤c，|ax＋b|≥c?ax＋b≥c或ax＋b≤－c，然后根據(jù)a，b的取值求解即可； (2)若c＜0，則|ax＋b|≤c的解集為?，|ax＋b|≥c的解集為R. 2．|x－a|＋|x－b|≥c，|x－a|＋|x－b|≤c(c＞0)型不等式的解法 (1)令每個絕對值符號里的一次式為0，求出相應(yīng)的根； (2)把這些根由小到大排序，它們把數(shù)軸分為若干個區(qū)間； (3)在所分區(qū)間上，根據(jù)絕對值的定義去掉絕對值符號，討論所得的不等式在這個區(qū)間上的解集； (4)這些解集的并集就是原不等式的解集． 　(2017高考全國卷Ⅰ)（10分）已知函數(shù)f(x)＝－x2＋ax＋4，g(x)＝|x＋1|＋|x－1|. (1)當a＝1時，求不等式f(x)≥g(x)的解集； (2)若不等式f(x)≥g(x)的解集包含[－1,1]，求a的取值范圍． [規(guī)范解答]　(1)當a＝1時，不等式f(x)≥g(x)等價于 x2－x＋|x＋1|＋|x－1|－4≤0.① 當x<－1時，①式化為x2－3x－4≤0，無解； (2分) 當－1≤x≤1時，①式化為x2－x－2≤0， 從而－1≤x≤1； 當x>1時，①式化為x2＋x－4≤0， 從而12時，由f(x)≥1解得x>2. 所以f(x)≥1的解集為{x|x≥1}． (2)由f(x)≥x2－x＋m，得m≤|x＋1|－|x－2|－x2＋x. 而|x＋1|－|x－2|－x2＋x≤|x|＋1＋|x|－2－x2＋|x| ＝－2＋ ≤， 且當x＝時，|x＋1|－|x－2|－x2＋x＝. 故m的取值范圍為. 2．(2018成都模擬)已知函數(shù)f(x)＝|x－2|＋k|x＋1|，k∈R. (1)當k＝1時，若不等式f(x)＜4的解集為{x|x1＜x＜x2}，求x1＋x2的值； (2)當x∈R時，若關(guān)于x的不等式f(x)≥k恒成立，求k的最大值． 解析：(1)由題意，得|x－2|＋|x＋1|＜4. 當x＞2時，原不等式可化為2x＜5，∴2＜x＜； 當x＜－1時，原不等式可化為－2x＜3，∴－＜x＜－1； 當－1≤x≤2時，原不等式可化為3＜4，∴－1≤x≤2. 綜上，原不等式的解集為{x|－＜x＜}，即x1＝－，x2＝. ∴x1＋x2＝1. (2)由題意，得|x－2|＋k|x＋1|≥k. 當x＝2時，即不等式3k≥k成立，∴k≥0. 當x≤－2或x≥0時， ∵|x＋1|≥1，∴不等式|x－2|＋k|x＋1|≥k恒成立． 當－2＜x≤－1時， 原不等式可化為2－x－kx－k≥k，可得k≤＝－1＋， ∴k≤3. 當－1＜x＜0時， 原不等式可化為2－x＋kx＋k≥k，可得k≤1－， ∴k＜3. 綜上，可得0≤k≤3，即k的最大值為3. 不等式恒成立問題關(guān)鍵在于利用轉(zhuǎn)化思想，常見的有： f(x)＞a恒成立?f(x)min＞a；f(x)＜a恒成立?f(x)max＜a；f(x)＞a有解?f(x)max＞a；f(x)＜a有解?f(x)min＜a；f(x)＞a無解?f(x)max≤a；f(x)＜a無解?f(x)min≥a. 不等式的證明 授課提示：對應(yīng)學生用書第80頁 [悟通——方法結(jié)論] 證明不等式的5個基本方法 (1)比較法：作差或作商比較． (2)綜合法：根據(jù)已知條件、不等式的性質(zhì)、基本不等式，通過邏輯推理導(dǎo)出結(jié)論． (3)分析法：執(zhí)果索因的證明方法． (4)反證法：反設(shè)結(jié)論，導(dǎo)出矛盾． (5)放縮法：通過把不等式中的部分值放大或縮小的證明方法． [全練——快速解答] 1．(2017高考全國卷Ⅱ)已知a＞0，b＞0，a3＋b3＝2.證明： (1)(a＋b)(a5＋b5)≥4； (2) a＋b≤2. 證明：(1)(a＋b)(a5＋b5)＝a6＋ab5＋a5b＋b6 ＝(a3＋b3)2－2a3b3＋ab(a4＋b4)＝4＋ab(a2－b2)2≥4. (2)因為(a＋b)3＝a3＋3a2b＋3ab2＋b3＝2＋3ab(a＋b)≤2＋(a＋b)＝2＋， 所以(a＋b)3≤8，因此a＋b≤2. 2．(2018南寧、柳州聯(lián)考)已知函數(shù)f(x)＝|x－1|. (1)求不等式f(x)≥3－2|x|的解集； (2)若函數(shù)g(x)＝f(x)＋|x＋3|的最小值為m，正數(shù)a，b滿足a＋b＝m，求證：＋≥4. 解析：(1)當x≥1時，x－1≥3－2x，解得x≥，∴x≥； 當0＜x＜1時，1－x≥3－2x，解得x≥2，無解； 當x≤0時，1－x≥3＋2x?x≤－，∴x≤－. ∴原不等式的解集為{x|x≥或x≤－}． (2)證明：法一：∵g(x)＝|x－1|＋|x＋3|≥|(x－1)－(x＋3)|＝4，∴m＝4，即a＋b＝4. 又＋b≥2a，＋a≥2b， ∴兩式相加得(＋b)＋(＋a)≥2a＋2b，∴＋≥a＋b＝4， 當且僅當a＝b＝2時等號成立． 法二：∵g(x)＝|x－1|＋|x＋3|≥|(x－1)－(x＋3)|＝4，∴m＝4，即a＋b＝4， 由柯西不等式得(＋)(b＋a)≥(a＋b)2，∴＋≥a＋b＝4， 當且僅當＝，即a＝b＝2時等號成立． 不等式證明的常用方法 對于不等式的證明問題常用比較法、綜合法和分析法． (1)一般地，對于含根號的不等式和含絕對值的不等式的證明，“平方法”(即不等號兩邊平方)是其有效方法． (2)如果所證命題是否定性命題或唯一性命題或以“至少”“至多”等方式給出，則考慮用反證法． (3)能轉(zhuǎn)化為比較大小的可以用比較法． (4)利用基本不等式證明的多用綜合法與分析法． 　 授課提示：對應(yīng)學生用書第160頁 1．已知函數(shù)f(x)＝|2x－1|，x∈R. (1)解不等式f(x)＜|x|＋1； (2)若對x，y∈R，有|x－y－1|≤，|2y＋1|≤，求證：f(x)＜1. 解析：(1)∵f(x)＜|x|＋1，∴|2x－1|＜|x|＋1， 即或或 得≤x＜2或0＜x＜或無解． 故不等式f(x)＜|x|＋1的解集為{x|0＜x＜2}． (2)證明：f(x)＝|2x－1|＝|2(x－y－1)＋(2y＋1)|≤|2(x－y－1)|＋|2y＋1|＝2|x－y－1|＋|2y＋1|≤2＋＝＜1. 2．(2018高考全國卷Ⅲ)設(shè)函數(shù)?(x)＝|2x＋1|＋|x－1|. (1)畫出y＝?(x)的圖象； (2)當x∈[0，＋∞)時，?(x)≤ax＋b，求a＋b的最小值． 解析：(1)?(x)＝ y＝?(x)的圖象如圖所示． (2)由(1)知，y＝?(x)的圖象與y軸交點的縱坐標為2，且各部分所在直線斜率的最大值為3，故當且僅當a≥3且b≥2時，?(x)≤ax＋b在[0，＋∞)成立，因此a＋b的最小值為5. 3．(2018福州四校聯(lián)考)(1)求不等式－2＜|x－1|－|x＋2|＜0的解集； (2)設(shè)a，b均為正數(shù)，h＝max，證明：h≥2. 解析：(1)記f(x)＝|x－1|－|x＋2|＝ 由－2＜－2x－1＜0，解得－＜x＜，則不等式的解集為(－，)． (2)證明：h≥，h≥，h≥， h3≥≥＝8，當且僅當a＝b時取等號，∴h≥2. 4．(2018石家莊模擬)已知函數(shù)f(x)＝|ax－1|－(a－2)x. (1)當a＝3時，求不等式f(x)＞0的解集； (2)若函數(shù)f(x)的圖象與x軸沒有交點，求實數(shù)a的取值范圍． 解析：(1)當a＝3時，不等式可化為|3x－1|－x＞0，即|3x－1|＞x， ∴3x－1＜－x或3x－1＞x，解得x＞或x＜， 故f(x)＞0的解集為{x|x＜或x＞}． (2)當a＞0時，f(x)＝要使函數(shù)f(x)的圖象與x軸無交點， 只需得1≤a＜2； 當a＝0時，f(x)＝2x＋1，函數(shù)f(x)的圖象與x軸有交點； 當a＜0時，f(x)＝要使函數(shù)f(x)的圖象與x軸無交點， 只需此時無解． 綜上可知，當1≤a＜2時，函數(shù)f(x)的圖象與x軸無交點．