《（浙江專版）2017-2018學年高中數學 第一章 集合與函數概念 1.3 函數的基本性質學案 新人教A版必修1.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《（浙江專版）2017-2018學年高中數學 第一章 集合與函數概念 1.3 函數的基本性質學案 新人教A版必修1.doc（36頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。
1.3
1．3.1 單調性與最大(小)值
第一課時 函數的單調性
預習課本P27～29，思考并完成以下問題
(1)增函數、減函數的概念是什么？
(2)如何表示函數的單調區(qū)間？
(3)函數的單調性和單調區(qū)間有什么關系？
1．定義域為I的函數f(x)的增減性
[點睛] 定義中的x1，x2有以下3個特征
(1)任意性，即“任意取x1，x2”中“任意”二字絕不能去掉，證明時不能以特殊代替一般；
(2)有大小，通常規(guī)定x1
f(x2)的是( )
A．f(x)＝x2 B．f(x)＝
C．f(x)＝|x| D．f(x)＝2x＋1
答案：B
4．函數f(x)＝－x2－2x的單調遞增區(qū)間是________．
答案：(－∞，－1]
函數單調性的判定與證明
[例1] 求證：函數f(x)＝在(0，＋∞)上是減函數，在(－∞，0)上是增函數．
[證明] 對于任意的x1，x2∈(－∞，0)，且x10，x1＋x2<0，xx>0.
∴f (x1)－f (x2)<0，即f (x1)0，x2＋x1>0，xx>0.
∴f(x1)－f(x2)>0，即f(x1)>f(x2)．
∴函數f(x)＝在(0，＋∞)上是減函數．
利用定義證明函數單調性的4個步驟
[活學活用]
1．證明函數f(x)＝x＋在(0,1)上是減函數．
證明：設x1，x2是區(qū)間(0,1)上的任意兩個實數，且x10，即f(x1)>f(x2)，
求函數的單調區(qū)間
∴f(x)＝x＋在(0,1)上是減函數.
[例2] 畫出函數y＝－x2＋2|x|＋1的圖象并寫出函數的單調區(qū)間．
[解] y＝
即y＝
函數的大致圖象如圖所示，單調增區(qū)間為(－∞，－1]，[0,1]，單調減區(qū)間為(－1,0)，(1，＋∞)．
求函數單調區(qū)間的2種方法
法一：定義法．即先求出定義域，再利用定義法進行判斷求解．
法二：圖象法．即先畫出圖象，根據圖象求單調區(qū)間．
[活學活用]
2．如圖所示為函數y＝f(x)，x∈[－4,7]的圖象，則函數f(x)的單調遞增區(qū)間是________．
解析：由圖象知單調遞增區(qū)間為[－1.5,3]和[5,6]．
答案：[－1.5,3]和[5,6]
3．求函數f(x)＝的單調減區(qū)間．
解：函數f(x)＝的定義域為(－∞，1)∪(1，＋∞)，
設x1，x2∈(－∞，1)，且x10，x1－1<0，x2－1<0，
所以f(x1)－f(x2)>0，即f(x1)>f(x2)．
所以函數f(x)在(－∞，1)上單調遞減，同理函數f(x)在(1，＋∞)上單調遞減．
綜上，函數f(x)的單調遞減區(qū)間是(－∞，1)，(1，＋∞).
函數單調性的應用
題點一：利用單調性比較大小
1．若函數f(x)在區(qū)間(－∞，＋∞)上是減函數，則下列關系式一定成立的是( )
A．f(a)>f(2a) B．f(a2)a2，所以f(a2＋1)f(5x＋6)，求實數x的取值范圍．
解：∵函數y＝f(x)是(－∞，＋∞)上的增函數，且f(2x－3)>f(5x＋6)，∴2x－3>5x＋6，解得x<－3.∴x的取值范圍為(－∞，－3)．
題點三：已知單調性求參數范圍
3．已知函數f(x)＝x－＋在(1，＋∞)上是增函數，求實數a的取值范圍．
解：設11.
∵函數f(x)在(1，＋∞)上是增函數，
∴f(x1)－f(x2)＝x1－＋－
＝(x1－x2)<0.
∵x1－x2<0，∴1＋>0，即a>－x1x2.
∵11，∴－x1x2<－1，∴a≥－1.
∴a的取值范圍是[－1，＋∞)．
函數單調性的應用
(1)函數單調性定義的“雙向性”：利用定義可以判斷、證明函數的單調性，反過來，若已知函數的單調性可以確定函數中參數的取值范圍．
(2)若一個函數在區(qū)間[a，b]上是單調的，則此函數在這一單調區(qū)間內的任意子集上也是單調的．
層級一 學業(yè)水平達標
1．如圖是函數y＝f(x)的圖象，則此函數的單調遞減區(qū)間的個數是( )
A．1 B．2
C．3 D．4
解析：選B 由圖象，可知函數y＝f(x)的單調遞減區(qū)間有2個．故選B.
2．下列函數中，在區(qū)間(0,1)上是增函數的是( )
A．y＝|x| B．y＝3－x
C．y＝ D．y＝－x2＋4
解析：選A 因為－1<0，所以一次函數y＝－x＋3在R上遞減，反比例函數y＝在(0，＋∞)上遞減，二次函數y＝－x2＋4在(0，＋∞)上遞減．故選A.
3．函數y＝的單調遞減區(qū)間是( )
A．(0，＋∞) B．(－∞，0)
C．(－∞，0)和(0，＋∞) D．(－∞，0)∪(0，＋∞)
解析：選C 函數y＝的定義域是(－∞，0)∪(0，＋∞)．由函數的圖象可知y＝在區(qū)間(－∞，0)和(0，＋∞)上分別是減函數．
4．若函數f(x)＝(2a－1)x＋b在R上是單調減函數，則有( )
A．a≥ B．a≤
C．a> D．a<
解析：選D 函數f(x)＝(2a－1)x＋b在R上是單調減函數，則2a－1<0，即a<.故選D.
5．函數f(x)＝|x|，g(x)＝x(2－x)的遞增區(qū)間依次是( )
A．(－∞，0]，(－∞，1] B．(－∞，0]，(1，＋∞)
C．[0，＋∞)，(－∞，1] D．[0，＋∞)，[1，＋∞)
解析：選C 分別作出f(x) 與g(x)的圖象得：f(x)在[0，＋∞)上遞增，g(x)在(－∞，1]上遞增，選C.
6．若f(x)在R上是減函數，則f(－1)________f(a2＋1)(填“>”或“<”或“≥”或“≤”)．
解析：∵f(x)在R上是減函數，∴對任意x1，x2，若x1f(x2)．又∵－1f(a2＋1)．
答案：>
7．已知函數f(x)為定義在區(qū)間[－1,1]上的增函數，則滿足f(x)0，
又由x12>1，則f(3)0.
∵00，
∴b<0.
答案：(－∞，0)
6．函數y＝－(x－3)|x|的單調遞增區(qū)間是________．
解析：y＝－(x－3)|x|＝作出其圖象如圖，觀察圖象知單調遞增區(qū)間為.
答案：
7．已知y＝f(x)在定義域(－1,1)上是減函數，且f(1－a)2a－1，即a<，②
由①②可知，a的取值范圍是.
8．設函數f(x)＝(a>b>0)，求f(x)的單調區(qū)間，并說明f(x)在其單調區(qū)間上的單調性．
解：在定義域內任取x1，x2，且使x1b>0，x10.
只有當x1x1>1，∴x1－x2<0，
又∵x1x2>1，∴x1x2－1>0，
故(x1－x2)<0，即f(x1)0，(x1－1)(x2－1)>0，于是f(x1)－f(x2)>0，即f(x1)>f(x2)．
所以函數f(x)＝是區(qū)間[2,6]上的減函數．
實際應用中的最值
因此，函數f(x)＝在區(qū)間[2,6]的兩個端點處分別取得最大值與最小值，即在x＝2時取得最大值，最大值是2，在x＝6時取得最小值，最小值是0.4.
[例3] 某公司生產一種電子儀器的固定成本為20 000元，每生產一臺儀器需增加投入100元，已知總收益滿足函數：
R(x)＝其中x是儀器的月產量．
(1)將利潤表示為月產量的函數f(x)；
(2)當月產量為何值時，公司所獲利潤最大？最大利潤為多少元？(總收益＝總成本＋利潤)
[解] (1)設月產量為x臺，則總成本為20 000＋100x，從而
f(x)＝
(2)當0≤x≤400時，
f(x)＝－(x－300)2＋25 000，
∴當x＝300時，[f(x)]max＝25 000.
當x>400時，
f(x)＝60 000－100x是減函數，
f(x)<60 000－100400<25 000.
∴當x＝300時，[f(x)]max＝25 000.
即每月生產300臺儀器時利潤最大，最大利潤為25 000元．
解實際應用問題的5個步驟
(1)審：審清題意，讀懂題，找出各量之間的關系．
(2)設：從實際問題中抽象出數學模型，恰當設出未知數．
(3)列：根據已知條件列出正確的數量關系．
(4)解：轉化為求函數的最值或解方程或解不等式．
(5)答：回歸實際，明確答案，得出結論．
[活學活用]
3．將進貨單價為40元的商品按50元一個出售時，能賣出500個，已知這種商品每漲價1元，其銷售量就減少10個，為得到最大利潤，售價應為多少元？最大利潤為多少？
解：設售價為x元，利潤為y元，單個漲價(x－50)元，銷量減少10(x－50)個，銷量為500－10(x－50)＝(1 000－10x)個，則y＝(x－40)(1 000－10x)＝－10(x－70)2＋9 000≤9 000.
故當x＝70時，ymax＝9 000.
即售價為70元時，利潤最大值為9 000元.
二次函數的最大值，最小值
[例4] 求二次函數f(x)＝x2－2ax＋2在[2,4]上的最小值．
[解] ∵函數圖象的對稱軸是x＝a，
∴當a<2時，f(x)在[2,4]上是增函數，
∴f(x)min＝f(2)＝6－4a.
當a>4時，f(x)在[2,4]上是減函數，
∴f(x)min＝f(4)＝18－8a.
當2≤a≤4時，f(x)min＝f(a)＝2－a2.
∴f(x)min＝
[一題多變]
1．[變設問]在本例條件下，求f(x)的最大值．
解：∵函數圖象的對稱軸是x＝a，
∴當a≤3時，f(x)max＝f(4)＝18－8a，
當a>3時，f(x)max＝f(2)＝6－4a.
∴f(x)max＝
2．[變設問]在本例條件下，若f(x)的最小值為2，求a的值．
解：由本例解析知f(x)min＝
當a＜2時，6－4a＝2，a＝1；
當2≤a≤4時，2－a2＝2，a＝0(舍去)；
當a＞4時，若18－8a＝4，a＝(舍去)．
∴a的值為1.
3．[變條件，變設問]本例條件變?yōu)椋鬴(x)＝x2－2ax＋2，當x∈[2,4]時，f(x)≤a恒成立，求實數a的取值范圍．
解：在[2,4]內，f(x)≤a恒成立，
即a≥x2－2ax＋2在[2,4]內恒成立，
即a≥f(x)max，x∈[2,4]．
由本例探究1知f(x)max＝
(1)當a≤3時，a≥18－8a，解得a≥2，此時有2≤a≤3.
(2)當a＞3時，a≥6－4a，解得a≥，此時有a＞3.
綜上有實數a的取值范圍是[2，＋∞)．
求解二次函數最值問題的順序
(1)確定對稱軸與拋物線的開口方向、作圖．
(2)在圖象上標出定義域的位置．
(3)觀察單調性寫出最值．
層級一 學業(yè)水平達標
1.函數y＝f(x)(－2≤x≤2)的圖象如下圖所示，則函數的最大值、最小值分別為( )
A．f(2)，f(－2)
B．f，f(－1)
C．f，f
D．f，f(0)
解析：選C 根據函數最值定義，結合函數圖象可知，當x＝－時，有最小值f；當x＝時，有最大值f.
2．函數y＝x2－2x＋2在區(qū)間[－2,3]上的最大值、最小值分別是( )
A．10,5 B．10,1
C．5,1 D．以上都不對
解析：選B 因為y＝x2－2x＋2＝(x－1)2＋1，且x∈[－2,3]，所以當x＝1時，ymin＝1，當x＝－2時，ymax＝(－2－1)2＋1＝10.故選B.
3．函數y＝(x≠－2)在區(qū)間[0,5]上的最大值、最小值分別是( )
A.，0 B.，0
C.， D．最小值為－，無最大值
解析：選C 因為函數y＝在區(qū)間[0,5]上單調遞減，所以當x＝0時，ymax＝，當x＝5時，ymin＝.故選C.
4．若函數y＝ax＋1在[1,2]上的最大值與最小值的差為2，則實數a的值是( )
A．2 B．－2
C．2或－2 D．0
解析：選C 由題意知a≠0，當a>0時，有(2a＋1)－(a＋1)＝2，解得a＝2；當a<0時，有(a＋1)－(2a＋1)＝2，解得a＝－2.綜上知a＝2.
5．當0≤x≤2時，a＜－x2＋2x恒成立，則實數a的取值范圍是( )
A．(－∞，1] B．(－∞，0]
C．(－∞，0) D．(0，＋∞)
解析：選C 令f(x)＝－x2＋2x，
則f(x)＝－x2＋2x＝－(x－1)2＋1.
又∵x∈[0,2]，∴f(x)min＝f(0)＝f(2)＝0.
∴a＜0.
6．函數y＝－，x∈[－3，－1]的最大值與最小值的差是________．
解析：易證函數y＝－在[－3，－1]上為增函數，所以ymin＝，ymax＝1，
所以ymax－ymin＝1－＝.
答案：
7．已知函數f(x)＝－x2＋4x＋a，x∈[0,1]，若f(x)有最小值－2，則f(x)的最大值為________．
解析：函數f(x)＝－x2＋4x＋a＝－(x－2)2＋4＋a，x∈[0,1]，且函數有最小值－2.
故當x＝0時，函數有最小值，
當x＝1時，函數有最大值．
∵當x＝0時，f(0)＝a＝－2，∴f(x)＝－x2＋4x－2，
∴當x＝1時，f(x)max＝f(1)＝－12＋41－2＝1.
答案：1
8．函數y＝f(x)的定義域為[－4,6]，若函數f(x)在區(qū)間[－4，－2]上單調遞減，在區(qū)間(－2,6]上單調遞增，且f(－4)0，x1－1>0.
所以f(x2)－f(x1)<0.
所以f(x2)2時，f(x)在[0,2]上單調遞減，在[2，a]上單調遞增，因此其最大值為f(0)和f(a)中的較大者，而f(a)－f(0)＝3a2－12a.
∴①當24時，f(x)max＝f(a)＝3a2－12a＋5，
f(x)min＝f(2)＝－7.
1．3.2 奇偶性
預習課本P33～36，思考并完成以下問題
(1)偶函數與奇函數的定義分別是什么？
(2)奇、偶函數的定義域有什么特點？
(3)奇、偶函數的圖象分別有什么特征？
函數奇偶性的概念
偶函數
奇函數
定
義
條件
對于函數f(x)定義域內任意一個x，都有
f(－x)＝f(x)
f(－x)＝－f(x)
結論
函數f(x)叫做偶函數
函數f(x)叫做奇函數
圖象特征
圖象關于y軸對稱
圖象關于原點對稱
[點睛] 奇偶函數的定義域關于原點對稱，反之，若定義域不關于原點對稱，則這個函數一定不具有奇偶性．
1．判斷(正確的打“√”，錯誤的打“”)
(1)偶函數的圖象一定與y軸相交．( )
(2)奇函數的圖象一定通過原點．( )
(3)函數f(x)＝x2，x∈[－1,2]是偶函數．( )
(4)若f(x)是定義在R上的奇函數，則f(－x)＋f(x)＝0.( )
答案：(1) (2) (3) (4)√
2．函數y＝f(x)，x∈[－1，a](a>－1)是奇函數，則a等于( )
A．－1 B．0
C．1 D．無法確定
答案：C
3．下列函數是偶函數的是( )
A．y＝x B．y＝2x2－3
C．y＝ D．y＝x2，x∈[0,1]
答案：B
4．已知函數f(x)是定義域為R的偶函數，若f(2)＝4，則f(－2)＝____________.
答案：4
判斷函數的奇偶性
[例1] 判斷下列函數的奇偶性：
(1)f(x)＝2－|x|；
(2)f(x)＝ ＋ ；
(3)f(x)＝；
(4)f(x)＝
[解] (1)∵函數f(x)的定義域為R，關于原點對稱，又f(－x)＝2－|－x|＝2－|x|＝f(x)，
∴f(x)為偶函數．
(2)∵函數f(x)的定義域為{－1,1}，關于原點對稱，且f(x)＝0，又∵f(－x)＝－f(x)，f(－x)＝f(x)，
∴f(x)既是奇函數又是偶函數．
(3)∵函數f(x)的定義域為{x|x≠1}，不關于原點對稱，
∴f(x)是非奇非偶函數．
(4)f(x)的定義域是(－∞，0)∪(0，＋∞)，關于原點對稱．當x>0時，－x<0，
f(－x)＝1－(－x)＝1＋x＝f(x)；
當x<0時，－x>0，
f(－x)＝1＋(－x)＝1－x＝f(x)．
綜上可知，對于x∈(－∞，0)∪(0，＋∞)，都有f(－x)＝f(x)，f(x)為偶函數．
判斷函數奇偶性的方法
(1)定義法：
根據函數奇偶性的定義進行判斷．步驟如下：
①判斷函數f(x)的定義域是否關于原點對稱．若不對稱，則函數f(x)為非奇非偶函數，若對稱，則進行下一步．
②驗證．f(－x)＝－f(x)或f(－x)＝f(x)．
③下結論．若f(－x)＝－f(x)，則f(x)為奇函數；
若f(－x)＝f(x)，則f(x)為偶函數；
若f(－x)≠－f(x)，且f(－x)≠f(x)，則f(x)為非奇非偶函數．
(2)圖象法：
①若f(x)圖象關于原點對稱，則f(x)是奇函數．
②若f(x)圖象關于y軸對稱，則f(x)是偶函數．
③若f(x)圖象既關于原點對稱，又關于y軸對稱，則f(x)既是奇函數，又是偶函數．
④若f(x)的圖象既不關于原點對稱，又不關于y軸對稱，則f(x)既不是奇函數也不是偶函數．
(3)性質法：
①偶函數的和、差、積、商(分母不為零)仍為偶函數；
②奇函數的和、差仍為奇函數；
③奇(偶)數個奇函數的積、商(分母不為零)為奇(偶)函數；
④一個奇函數與一個偶函數的積為奇函數．
[活學活用]
1．判斷下列函數的奇偶性：
(1)f(x)＝x2(x2＋2)；
(2)f(x)＝|x＋1|－|x－1|；
(3)f(x)＝.
解：(1)∵x∈R，關于原點對稱，
又∵f(－x)＝(－x)2[(－x)2＋2]＝x2(x2＋2)＝f(x)，
∴f(x)為偶函數．
(2)∵x∈R，關于原點對稱，
又∵f(－x)＝|－x＋1|－|－x－1|
＝|x－1|－|x＋1|＝－(|x＋1|－|x－1|)
＝－f(x)，
∴f(x)為奇函數．
(3)f(x)的定義域為[－1,0)∪(0,1]，關于原點對稱，
又∵f(－x)＝＝－＝－f(x)．
利用函數的奇偶性求參數
∴f(x)為奇函數.
[例2] (1)若函數f(x)＝ax2＋bx＋3a＋b是偶函數，定義域為[a－1,2a]，則a＝________，b＝________；
(2)已知函數f(x)＝ax2＋2x是奇函數，則實數a＝________.
[解析] (1)因為偶函數的定義域關于原點對稱，所以a－1＝－2a，解得a＝.
又函數f(x)＝x2＋bx＋b＋1為二次函數，結合偶函數圖象的特點，易得b＝0.
(2)由奇函數定義有f(－x)＋f(x)＝0，得a(－x)2＋2(－x)＋ax2＋2x＝2ax2＝0，故a＝0.
[答案] (1) 0 (2)0
利用奇偶性求參數的常見類型
(1)定義域含參數：奇偶函數f(x)的定義域為[a，b]，根據定義域關于原點對稱，利用a＋b＝0求參數．
(2)解析式含參數：根據f(－x)＝－f(x)或f(－x)＝f(x)列式，比較系數利用待定系數法求解．
[活學活用]
2．設函數f(x)＝為奇函數，則a＝________.
解析：∵f(x)為奇函數，∴f(－x)＝－f(x)，
即＝－.
顯然x≠0，整理得x2－(a＋1)x＋a＝x2＋(a＋1)x＋a，
故a＋1＝0，得a＝－1.
答案：－1
利用函數的奇偶性求解析式
[例3] 若f(x)是定義在R上的奇函數，當x>0時，f(x)＝x2－2x＋3，求f(x)的解析式．
[解] 當x<0時，－x>0，
f(－x)＝(－x)2－2(－x)＋3＝x2＋2x＋3，由于f(x)是奇函數，故f(x)＝－f(－x)，所以f(x)＝－x2－2x－3.
即當x<0時，f(x)＝－x2－2x－3.
故f(x)＝
[一題多變]
1．[變設問]本例條件不變，求f(－2)的值．
解：因為f(x)是定義在R上的奇函數，所以f(－2)＝－f(2)＝－(22－22＋3)＝－3.
2．[變條件]若把本例中的奇函數改為偶函數，其他條件不變，求當x<0時，f(x)的解析式．
解：當x<0時，－x>0，
f(－x)＝(－x)2－2(－x)＋3＝x2＋2x＋3，由于f(x)是偶函數，故f(x)＝f(－x)，所以f(x)＝x2＋2x＋3，
即當x<0時，f(x)＝x2＋2x＋3.
利用函數奇偶性求函數解析式3個步驟
(1)“求誰設誰”，即在哪個區(qū)間上求解析式，x就應在哪個區(qū)間上設；
(2)轉化到已知區(qū)間上，代入已知的解析式；
(3)利用f(x)的奇偶性寫出－f(x)或f(－x)，從而解出f(x)．
函數單調性與奇偶性的綜合
題點一：比較大小問題
1．已知偶函數f(x)在[0，＋∞)上單調遞減，則f(1)和f(－10)的大小關系為( )
A．f(1)>f(－10) B．f(1)f(10)，即f(1)>f(－10)．
題點二：區(qū)間內的最值問題
2．若奇函數f(x)在區(qū)間[2,5]上的最小值是6，那么f(x)在區(qū)間[－5，－2]上有( )
A．最小值6 B．最小值－6
C．最大值－6 D．最大值6
解：選C 因為奇函數f(x)在[2,5]上有最小值6，所以可設a∈[2,5]，有f(a)＝6.由奇函數的性質，f(x)在[－5，－2]上必有最大值，且最大值為f(－a)＝－f(a)＝－6.
題點三：解不等式問題
3．設定義在[－2,2]上的奇函數f(x)在區(qū)間[0,2]上是減函數，若f(1－m)f(x2)或f(x1)f(3)>f(－2)
B．f(－π)>f(－2)>f(3)
C．f(3)>f(－2)>f(－π)
D．f(3)>f(－π)>f(－2)
解析：選A ∵f(x)是R上的偶函數，
∴f(－2)＝f(2)，f(－π)＝f(π)，
又f(x)在[0，＋∞)上單調遞增，且2<3<π，
∴f(π)>f(3)f(3)>f(－2)．
6．設f(x)是定義在R上的奇函數，當x>0時，f(x)＝x2＋1，則f(－2)＋f(0)＝________.
解析：由題意知f(－2)＝－f(2)＝－(22＋1)＝－5，f(0)＝0，∴f(－2)＋f(0)＝－5.
答案：－5
7．已知函數f(x)為偶函數，且當x<0時，f(x)＝x＋1，則x>0時，f(x)＝________.
解析：當x>0時，－x<0，∴f(－x)＝－x＋1，又f(x)為偶函數，∴f(x)＝－x＋1.
答案：－x＋1
8．已知y＝f(x)是奇函數，當x<0時，f(x)＝x2＋ax，且f(3)＝6，則a的值為________．
解析：因為f(x)是奇函數，所以f(－3)＝－f(3)＝－6，所以(－3)2＋a(－3)＝－6，解得a＝5.
答案：5
9．已知函數f(x)＝x＋，且f(1)＝3.
(1)求m的值；
(2)判斷函數f(x)的奇偶性．
解：(1)由題意知，f(1)＝1＋m＝3，
∴m＝2.
(2)由(1)知，f(x)＝x＋，x≠0.
∵f(－x)＝(－x)＋＝－＝－f(x)，
∴函數f(x)為奇函數．
10．(1)如圖①，給出奇函數y＝f(x)的局部圖象，試作出y軸右側的圖象并求出f(3)的值．
(2)如圖②，給出偶函數y＝f(x)的局部圖象，試作出y軸右側的圖象并比較f(1)與f(3)的大?。?
解：(1)奇函數y＝f(x)在y軸左側圖象上任一點P(－x，－f(－x))關于原點的對稱點為P′(x，f(x))，圖③為圖①補充后的圖象，易知f(3)＝－2.
(2)偶函數y＝f(x)在y軸左側圖象上任一點P(－x，f(－x))關于y軸對稱點為P′(x，f(x))，圖④為圖②補充后的圖象，易知f(1)>f(3)．
層級二 應試能力達標
1．下列函數中，既是偶函數，又是在區(qū)間(0，＋∞)上單調遞減的函數為( )
A．y＝ B．y＝
C．y＝x2 D．y＝x
解析：選A 易判斷A、C為偶函數，B、D為奇函數，但函數y＝x2在(0，＋∞)上單調遞增，所以選A.
2．若f(x)＝(x－a)(x＋3)為R上的偶函數，則實數a的值為( )
A．－3 B．3 C．－6 D．6
解析：選B 因為f(x)是定義在R上的偶函數，所以f(－x)＝f(x)，即(－x－a)(－x＋3)＝(x－a)(x＋3)，化簡得(6－2a)x＝0.因為x∈R，所以6－2a＝0，即a＝3.
3．若函數f(x)(f(x)≠0)為奇函數，則必有( )
A．f(x)f(－x)>0 B．f(x)f(－x)<0
C．f(x)f(－x)
解析：選B ∵f(x)為奇函數，∴f(－x)＝－f(x)，
又f(x)≠0，
∴f(x)f(－x)＝－[f(x)]2<0.
4．已知偶函數f(x)在區(qū)間[0，＋∞)上單調遞增，則滿足f(2x－1)2m－3，所以m<2.
又f(x)的定義域為(－1,1)，
所以－1
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浙江專版2017-2018學年高中數學
第一章
集合與函數概念
1.3
函數的基本性質學案
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浙江
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2017
2018
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